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4) Dadas as permutações a = ( 1 2 3 4 4 1 2 3 ) , b = ( 1 2 3 4 3 4 2 1 ) e c = ( 1 2 3 4 1 4 3 2 ) , determine a solução x ∈ S 4 da equação axb−3 = c2. Solução: Multiplicando a equação dada por a−1 à esquerda e por b3 à direita, obtemos a−1a︸︷︷︸ = e x b−3b3︸︷︷︸ = e = a−1c2b3⇒ x = a−1c2b3. Temos que: • a−1 = ( 4 1 2 3 1 2 3 4 ) = ( 1 2 3 4 2 3 4 1 ) • b3 = ( 1 2 3 4 3 4 2 1 ) ( 1 2 3 4 3 4 2 1 ) ( 1 2 3 4 3 4 2 1 ) = ( 1 2 3 4 4 3 1 2 ) • c2 = ( 1 2 3 4 1 4 3 2 ) ( 1 2 3 4 1 4 3 2 ) = ( 1 2 3 4 1 2 3 4 ) = elemento neutro; Portanto, x = a−1c2b3 = ( 1 2 3 4 2 3 4 1 ) ( 1 2 3 4 1 2 3 4 ) ( 1 2 3 4 4 3 1 2 ) = ( 1 2 3 4 1 4 2 3 ) é a solução procurada da equação dada. 5) Consideremos os grupos G = (�×�,+), J = (�,+) a função φ : G −→ J definida por φ(x, y) = 3x−5y. Mostre que φ é um homomorfismo de grupos e determine N(φ). Solução: • Sejam a = (x, y) e b = (z,w) dois elementos genéricos de G. Temos: φ(a+ b) = φ(x+ z, y+w) = 3(x+ z)− 5(y+w) = (3x− 5y)+ (3z− 5w) = φ(x, y)+φ(z,w) = φ(a) + φ(b). Isso mostra que φ é um homomorfismo de G em J. • Suponhamos que (x, y) seja um elemento do núcleo de φ. Então, pela definição de núcleo de um homomorfismo, temos que φ(x, y) = elemento neutro de J = 0 o que implica em 3x − 5y = 0⇒ y = 35 x⇒ N(φ) = {(x, y) ∈ � ×� | y = 3 5 x} ⇒ N(φ) = {(x, 35 x) | x ∈ �}. 6) Sejam G = (�10,+) e H = {0̄, 5̄} um subgrupo de G. Construa a tábua do grupo- quociente (G/H,+) e determine o inverso (aditivo) dos elementos 3̄ + H e 4̄ + H. 94
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