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CÁLCULO II 2023 - 1º Semestre Lista de Exercícios 5 Questão 1. Calcule as derivadas parciais pela definição, o vetor gradiente, e encontre fx(1, 3) e fy(1, 3) para cada uma das funções: a) f(x, y) = 4x2 − 2xy + 3. b) f(x, y) = x3 + 3xy2 − y2. Solução: Temos que as derivadas parciais de f em relação às suas variáveis são definida por ∂f ∂x (x, y) = lim h→0 f(x+ h, y)− f(x, y) h e ∂f ∂y (x, y) = lim h→0 f(x, y + h)− f(x, y) h . Então, a) ∂f ∂x (x, y) = lim h→0 4(x+ h)2 − 2(x+ h)y + 3− 4x2 + 2xy − 3 h = 8x− 2y; ∂f ∂y (x, y) = lim h→0 4x2 − 2x(y + h) + 3− 4x2 + 2xy − 3 h = −2x. Agora, temos o vetor gradiente que é ∇f(x, y) = (8x− 2y,−2x) e temos fx(1, 3) = 2 e fy(1, 3) = −2. b) ∂f ∂x (x, y) = lim h→0 (x+ h)3 + 3(x+ h)y2 − y2 − x3 − 3xy2 + y2 h = 3x2 + 3y2; ∂f ∂y (x, y) = lim h→0 x3 + 3x(y + h)2 − (y + h)2 − x3 − 3xy2 + y2 h = 6xy − 2y. Agora, temos o vetor gradiente que é ∇f(x, y) = (3x2 + 3y2, 6xy − 2y) e temos fx(1, 3) = 30 e fy(1, 3) = 12. 1 Universidade Federal do Pará Cálculo II Lista de Exercícios 5 Questão 2. A entropia por partícula s de um gás ideal monoatômico é dada pela equação de Sackur-Tetrode: s(u, v) = k [ ln ( v ( 4πmu 3h2 )3/2) + 5 2 ] , onde u é a energia interna por partícula e v o volume total por partícula e k, m e h são constantes positivas. De acordo com a termodinâmica, s deve ver uma função côncava de suas variáveis, e uma forma de garantir isso é que se tenha ∂2s ∂u2 < 0 e ∂2s ∂v2 < 0. Verifique se a função s dada satisfaz as condições acima, ou então indique quais relações entre as variáveis e constantes devem ser satisfeitas para que as condições de concavidade sejam válidas. Solução: Note que podemos escrever s(u, v) = k [ ln(v) + 3 2 ln(u) ] + C, onde C é uma constante, isto é, não depende de u ou v. Logo, temos: ∂s ∂u = 3k 2u , ∂s ∂v = k v . Portanto, seguem as segundas derivadas: ∂2s ∂u2 = − 3k 2u2 , ∂2s ∂v2 = − k v2 . Assim, contanto que tenhamos u > 0 e v > 0, temos que a função s dada satisfaz as condições de concavidade. Questão 3. Considere um triângulo retângulo de catetos a e b e seja α o ângulo adjacente a a. Calcule ∂α ∂a e ∂α ∂b e aplique ao caso a = 1, b = 2. Solução: Uma vez que cos(α) = a√ a2 + b2 , derivamos usando a regra da cadeia para obter: − sen(α)∂α ∂a = 1√ a2 + b2 − a 2√ (a2 + b2)3 = b2√ (a2 + b2)3 . Como sen(α) = b√ a2 + b2 , obtemos: 2 Cálculo II Lista de Exercícios 5 ∂α ∂a = − b a2 + b2 . Analogamente, − sen(α)∂α ∂b = − ab√ (a2 + b2)3 . Como sen(α) = b√ a2 + b2 , obtemos: ∂α ∂b = a a2 + b2 . Aplicando os valores mencionados, obtemos: ∂α ∂a = −2 5 ∂α ∂b = 1 5 . Questão 4. Utilize a regra da cadeia para determinar as derivadas parciais ∂z ∂u , ∂z ∂v e ∂z ∂w quando u = 1, v = 2 e w = 1, em que z = x+ 3y2, x = 2uv − 2w3 e y = veu. Solução: Seja z = x+ 3y2, x = 2uv − 2w3 e y = veu ∂z ∂u = ∂z ∂x . ∂x ∂u + ∂z ∂y . ∂y ∂u = 2v + 6(veu)2; ∂z ∂v = ∂z ∂x . ∂x ∂v + ∂z ∂y . ∂y ∂v = 2u+ 6v(eu)2; ∂z ∂w = ∂z ∂x . ∂x ∂w + ∂z ∂y . ∂y ∂w = −6w2. Fazendo u = 1, v = 2 e w = 1, temos ∂z ∂u = 2.2 + 6(2.e1)2 = 4 + 24e2 ∂z ∂v = 2.1 + 6.2.(e1)2 = 2 + 12e2 ∂z ∂w = −6.1 = −6. Questão 5. Os semi-eixos a e b e a altura h de um cilindro elíptico estão variando no tempo. Em um determinado instante, as dimensões são a = 1m, b = h = 2m, a e b estão aumentando a uma taxa de 2m/s enquanto que h está decrescendo a uma taxa de 3m/s. Nesse instante, calcule a taxa e variação (a) do volume e (b) da área lateral do cilindro elíptico. Nota: use a expressão L ≈ πb ( 3 2 + 1 2 a2 b2 ) para o comprimento de uma elipse. 3 Cálculo II Lista de Exercícios 5 Solução: O volume do cilindro elíptico é V (a, b, h) = πabh. Logo, temos: dV dt = ∂V ∂a da dt + ∂V ∂b db dt + ∂V ∂h dh dt = πbh da dt + πah db dt + πab dh dt = π(2 · 2 · 2 + 1 · 2 · 2 + 1 · 2 · (−3))m3/s = 6πm3/s. Já a área lateral é: A(a, b, h) = Lh ≈ π ( 3 2 bh+ 1 2 a2h b ) . Logo, temos: dA dt = ∂A ∂a da dt + ∂A ∂b db dt + ∂A ∂h dh dt ≈ πah b da dt + πh ( 3 2 − 1 2 a2 b2 ) db dt + π ( 3 2 b+ 1 2 a2 b ) dh dt ≈ π [ 1 · 2 2 · 2 + 2 · ( 3 2 − 1 2 12 22 ) · 2 + ( 3 2 · 2 + 1 2 12 2 ) · (−3) ] m2/s ≈ −9 4 πm2/s. 4
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