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IC 610 – Química Analítica II - LISTA No.5 - EXERCÍCIOS (Prof. Cristina Maria Barra) – 2012 - I Página 34 EQUILÍBRIO ÁCIDO-BASE EM SOLUÇÕES TAMPÃO DE pH (1) O NIST (National Institute of Standards and Technology – USA) e BSI (British Standard Institute - England), responsáveis entre outros interesses por referendarem diferentes soluções padrões de uso em química e bioquímica, indicam que um solução padrão de biftalato de potássio 0,05000 mol/L tem pH 4,008 e uma solução padrão (tampão) de KH2PO4 0,02500 mol/L e Na2HPO4 0,02500 mol/L tem pH 6,865, valores medidos experimentalmente (medidas potenciométricas). Explicar porque nos cálculos teóricos para o cálculo desses pHs as constantes de equilíbrio devem ser corrigidas. (2) Conceituar capacidade tampão e indicar a faixa de pH em que o índice tampão é mais pronunciado no caso de ácidos (ou poliácidos) fracos. (3) Estabelecer a diferença entre Capacidade Tampão e Solução Tampão de pH. (4) Um ácido forte (ou uma base forte) tem apreciável capacidade tampão, entretanto estas soluções não são definidas como soluções tampão. Por quê? (5) A partir de qual concentração, uma solução tampão equimolar de um ácido HA (pKa=4) e seu sal NaA, a diluição sucessiva desta solução tampão descaracteriza o caráter tampão da solução, ou seja o pH do tampão varia com a diluição. (6) Calcular a constante de dissociação, em força iônica zero, de um ácido fraco HA sabendo que foi medido potenciometricamente o pH=5,35 em uma solução tampão 0,1 mol/L equimolar em HA e NaHA. (7) Calcular o pH das seguintes soluções e seus índices tampão (β). Checar as aproximações feitas no método matemático na equação geral para solução tampão: (a) HAc 0,01 mol/L e NaAc 0,02 mol/L, Ka=1,75x10-5. Resposta: Resolvido na aula 07 - pH=5,06; ββββ=0,0153 (b) Uma mistura equimolar de HCN (Ka=4,8x10-10) e KCN, com concentração analítica 4,0x10-2mol/L. Resposta: pH=9,32 ββββ=0,023 (c) 1,0x10-2 mol de piridina (Kb=1,5x10-9) e 5x10-3mol de HCl por Litro de solução. Resposta: pH=5,17 ββββ=5,77x10-3 (d) 1,0x10-5mol de NH3 (Kb=1,78x10-5) e 2,0x10-5mol de NH4Cl por Litro do solução. Resposta: Resolvido na aula 07 - pH=8,68; ββββ=0,0000202 IC 610 – Química Analítica II - LISTA No.5 - EXERCÍCIOS (Prof. Cristina Maria Barra) – 2012 - I Página 35 Exercícios resolvidos: (1) Calcular o pH das seguintes soluções e seus índices tampão (β). Checar as aproximações feitas no método matemático com a equação geral para solução tampão: (a) HAc 0,01 mol/L e NaAc 0,02 mol/L, Ka=1,75x10-5. Resposta: HAc+H2O�H3O++Ac- 2H2O�H3O++-OH (1) Ka[HAc]=[H3O+]x[Ac-] (2) Kw=[H3O+]x[-OH] (3) [Na+]=0,02 (4) [HAc]+[Ac-]=0,03 (5) [H3O+]+0,02=[-OH]+[Ac-] (6) [H3O+]+[HAc]=[-OH]+0,01 - Desprezando [H3O+]=[-OH]~0 da água em (5) e (6) tem-se: (5a) [Ac-]=0,02 (6a) [HAc]=0,01 - Adicionando (5a) e (6a) em (1) tem-se: (1) 1,75x10-5x0,01=[H3O+]x0,02 [H3O+]=8,75x10-6 pH=5,06 - Checando na equação geral: 5- 6 3 33 1,75x10)01,0( )02,0(1075,8 ][][ ])[][]([ == −+ +− = − +− +−+ x OHOHC OHOHCOHK A S a (ER=0%) )])[( ][ ][]([303,2 23 3 3 3 + + + + + ++= OHK OHCK OH KwOH a aβ ))1075,81075,1( 1075,81075,103,0 1075,8 100,11075,8(303,2 265 65 6 14 6 −− −− − − − + ++= xx xxxx x x xβ 0153,0=β (b) Uma mistura equimolar de HCN (Ka=4,8x10-10) e KCN, com concentração analítica 4,0x10-2mol/L. Resposta: pH=9,32 ββββ=0,023 (c) 1,0x10-2 mol de piridina (Kb=1,5x10-9) e 5x10-3mol de HCl por Litro de solução. Resposta: pH=5,17 ββββ=5,77x10-3 IC 610 – Química Analítica II - LISTA No.5 - EXERCÍCIOS (Prof. Cristina Maria Barra) – 2012 - I Página 36 (d) 1,0x10-5mol de NH3 (Kb=1,78x10-5) e 2,0x10-5mol de NH4Cl por Litro do solução. Resposta: NH3 (Kb=1,78x10-5) NH4+ (Ka=5,6x10-10) NH4++H2O�NH3+H3O+ 2H2O�H3O++-OH (1) Ka[NH4+]=[NH3]x[H3O+] (2) Kw=[H3O+]x[-OH] - Balanço da massa: (3) [Cl-]=2,0x10-5 - Balanço da massa: (4) [NH3]+[NH4+]=3,0x10-5 - Balanço da carga: (5) [H3O+]+[NH4+]=[-OH]+2,0x10-5 - Condição Protônica: (6) [H3O+]+1,0x10-5=[-OH]+[NH3] - Desprezando [H3O+]=[-OH]~0 da água em (5) e (6) tem-se: (5a) [NH4+]=2,0x10-5 (6a) [NH3]=1,0x10-5 - Adicionando (5a) e (6a) em (1) tem-se: (1) 5,6x10-10x2,0x10-5= 1,0x10-5x[H3O+] [H3O+]=1,12x10-9mol/L pH=8,95 - Checando na equação geral: 965 9659 3 33 1012,1109,8100,2 )1012,1109,8100,1(1012,1 ][][ ])[][]([ −−− −−−− +− +−+ −+ +− = −+ +− = xxx xxxx OHOHC OHOHCOHK A S a 11 5 -15 102,4 109,2 1,23x10 − − == x x Ka ER=100x(5,6x10-10-4,2x10-11)/5,6x10-10)=92,5% A próxima aproximação a ser feita, por ser uma solução tampão básica, desconsiderar somente H3O+. Então: - Desprezando [H3O+]~0 da água em (5) e (6) tem-se: (5a) [NH4+]=2,0x10-5+[-OH] (6a) [NH3]=1,0x10-5-[-OH] - Adicionando (5a) e (6a) em (1) tem-se: (1) Ka[NH4+]=[NH3]x[H3O+] 5,6x10-10x(2,0x10-5+Kw/[H3O+])=(1,0x10-5-Kw/[H3O+])x[H3O+] 1,12x10-14[H3O+]-5,6x10-24=1,0x10-5[H3O+]2-1,0x10-14[H3O+] 1,0x10-5[H3O+]2-2,12x10-14[H3O+]+5,6x10-24=0 [H3O+]=2,1x10-9mol/L pH=8,68 [-OH] =4,0x10-6mol/L - Checando na equação geral: 965 9659 3 33 101,2100,4100,2 )101,2100,4100,1(101,2 ][][ ])[][]([ −−− −−−− +− +−+ −+ +− = −+ +− = xxx xxxx OHOHC OHOHCOHK A S a 10 5 -14 102,5 104,2 1,26x10 − − == x x Ka IC 610 – Química Analítica II - LISTA No.5 - EXERCÍCIOS (Prof. Cristina Maria Barra) – 2012 - I Página 37 ER=100x(5,6x10-10-5,2x10-10)/5,6x10-10)=7% )])[( ][ ][]([303,2 23 3 3 3 + + + + + ++= OHK OHCK OH KwOH a aβ ))104,2106,5( 104,2106,5103 104,2 100,1104,2(303,2 2910 9105 9 14 9 −− −−− − − − + ++= xx xxxxx x x xβ )106,41016,4104,2(303,2) 107,8 100,41016,4104,2(303,2 66918 23 69 −−− − − −− ++=++= xxx x x xxβ 0000202,0=β (2) O grupamento imidazol é um constituinte importante de muitas enzimas que catalisam reações hidrolíticas. O imidazol (B) é uma base fraca, com pKb=7,09. Encontrar a razão [B]/[BH+] que dará um pH 7,0. Este pH será afetado pela diluição da solução? Resposta: B (Kb=10-7,09=8,12x10-8) BH+ (Ka=1,23x10-7) BH++H2O�B+H3O+ 2H2O�H3O++-OH (1) Ka[BH+]=[B]x[H3O+] (2) Kw=[H3O+]x[-OH] - Balanço da massa: (3) CS=CB - Balanço da massa: (4) [B]+[BH+]=CB+CA - Balanço da carga: (5) [H3O+]+[BH+]=[-OH]+CB - Condição Protônica: (6) [H3O+]+CA=[-OH]+[B] - Desprezando [H3O+]=[-OH]~0 da água em (5) e (6) tem-se: (5a) [BH+]=CA (6a) [B]=CB - Adicionando (5a) e (6a) em (1) tem-se: (1) KaCA=Cb[H3O+] - E tem-se a equação aproximada (7): (7) [H3O+]=KaCA/Cb pH=7,0 é o pH da solução tampão que se quer. Assim, [H3O+]=1,0x10-7mol/L, e colocando esse valor em (7) e sabendo Ka, pode-se calcular a razão: 1,0x10-7=1,23x10-7CA/Cb CB/CA=[B]/[BH+]=1,23 O pH dessa solução tampão não será afetado pela diluição porque quando se dilui o pH tende a 7,0, e nesse caso o pH já está em 7,0. Porém, se a pergunta fosse relacionada à capacidade tampão (β), a diluição afeta β. IC 610 – Química Analítica II - LISTA No.5 - EXERCÍCIOS (Prof. Cristina Maria Barra) – 2012 - I Página 38 (3) O pH de uma solução contendo 2,20g de KIO3 (M.M.=214 g/mol) e 1,80g de HIO3 (M.M.=176 g/mol) em 100 mL de solução aquosa foi medida potenciometricamente e foi 1,32. Calcular a constante de dissociação Ka para o HIO3. Calcular o coeficiente de atividade usando a equação de Davies e obter a constante de dissociação termodinâmica, Koa, em atividade. Resposta: CS=CB=(2,20gx0,214g/mmol)/100mL=10,28mmol/100mL=0,103mol/LCA=1,80g/[100mLx(0,176g/mmol)]=10,22mmol/100mL=0,102mol/L pH=1,32 {H3O+}=10-1,32=0,0478mol/L HIO3+H2O����H3O++IO3- 2H2O����H3O++-OH (1) Ka[HIO3]=[H3O+]x[IO3-] (2) Kw=[H3O+]x[-OH] (3) [K+]=0,103 (4) [HIO3]+[IO3-]=0,102+0,103=0,205 (5) [H3O+]+0,103=[-OH]+[IO3-] (6) [H3O+]+[HIO3]=[-OH]+0,102 - Desprezando [-OH]~0 da água em (5) e (6), tem-se: (5a) [IO3-]=0,103+[H3O+] (6a) [HIO3]=0,102-[H3O+] - Adicionando (5a) e (6a) em (1) tem-se: - Usando a Equação de Davies, em I=0,15, tem-se o f±=0,745 e f0=1: pH=-Log{H3O+} Log{H3O+}=-pH {H3O+}=10-pH=10-1,32 {H3O+}=0,0478mol/L [H3O+]xf±=0,0478mol/L [H3O+]=0,0478/0,745=0,064mol/L (1) Ka(0,102-[H3O+])=[H3O+](0,103+[H3O+]) Ka(0,102-0,064)=0,064(0,103+0,064) Ka(0,038)=0,1069 Ka=0,2812 Koa=0,2812x(0,745)2 Koa=0,1561 (4) Mostrar que se [H3O+] e [-OH] são desprezíveis comparados à concentração analítica do ácido fraco CA e seu sal CS (ou CB), o índice tampão da mistura é dado por: )(303,2 AS SA CC CC + =β IC 610 – Química Analítica II - LISTA No.5 - EXERCÍCIOS (Prof. Cristina Maria Barra) – 2012 - I Página 39 Resposta: - Se [H3O+]~0 e [-OH] ~0, a equação para o cálculo da [H3O+] é dada por: [H3O+]=KaCA/CS - Que colocada na equação do índice tampão (ββββ), desconsiderando os dois primeiros termos ([H3O+]~0 e [-OH] ~0): )])[( ][ ][]([303,2 23 3 3 3 + + + + + ++= OHK OHCK OH KwOH a aβ )(303,2))( )((303,2))( ))( (303,2 )( )( 303,2 2 2 22 2 2 2 AS SA S AS AAS S ASa s A aAS S Aa a s A a CC CC C CC CCC C CCK C CKCC C CKK C CCK + = + + = + + = + =β (5) Mostrar que a Equação )])[( ][ ][]([303,2 23 3 3 3 + + + + + ++= OHK OHCK OH KOH a awβ dá um índice tampão de base fraca B e seu ácido conjugado BH+, se Ka é a constante de dissociação de BH+. Resposta: - Tampão básico: B+H2O���� BH++-OH [-OH]=KbCB/CS=KbCB/CA - Pode ser transformar em um tampão ácido: Kw/[H3O+]=KbCB/CA Kw/Kb=[H3O+]CB/CA [H3O+]=Kw/KbCA/CB - Sabendo que Kw/Kb=Ka: [H3O+]=KaCA/CB A Equação de Henderson para tampão ácido. (5) Derivar uma expressão de índice tampão para uma solução contendo apenas ácido forte e base forte. Mostrar que o menor índice tampão ocorre quando se tem água pura. Qual é o índice tampão para á água pura? Resposta: O índice tampão de uma solução contendo diferentes espécies ácidos-bases têm uma forma simples que pode ser facilmente derivada diferenciando o balanço de carga. Assim, considerar uma solução contendo Cb mols NaOH, Ca e mols de HCl. - As reações de equilíbrio: NaOH����Na++-OH HCl+H2O����H3O++Cl- 2H2O����H3O++-OH IC 610 – Química Analítica II - LISTA No.5 - EXERCÍCIOS (Prof. Cristina Maria Barra) – 2012 - I Página 40 - As expressões matemáticas do equilíbrio são: (1) Kw=[H3O+]x[-OH] - Balanço de massa: (1) [Na+]=Cb (2) [Cl-]=Ca - E o balanço de carga: (3) [Na+]+[H3O+]=[-OH]+[Cl-] (4) ][][ C C 33ab + + −+= OH OH Kw Diferenciando a equação (4) pela regra da cadeia, mas primeiro precisa-se expressar ββββ como uma derivada com relação à [H3O+]. Então, a equação (4) pode ser reescrita assim: (5) ][][303,2 ][ .][ 33 3 3 + + + + −=−== OHd dCOH dpH OHd OH dC dpH dC bbbβ Desde que: ][ 303,2 1][ pH 33 ++ −=−= OHLnOHLog pHOHLn 303,2][ 3 −=+ pHeOH 303,23 ][ −+ = - Obtém-se (5a) ][303,2303,2][ 3303,23 +− + −=−= OHe dpH OHd pH que deve ser substituída equação (5) acima. Fica faltando diferenciar a equação (4) em função de [H3O+], obtendo- se a equação (6): (6) 1][0][ 233 −−= ++ OH K OHd dC wb Aplicando a expressão acima em (6) em (5), tem-se a expressão desejada para o índice tampão (7): (7) )][]([303,2 33 + + += OH KOH wβ ββββ= 2,303x(1,0x10-7+1,0x10-7)=2,303x2,0x10-7=4,606x10-7.
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