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1 cálculo II exercícios Dessa lista, você deve entregar para avaliação os seguin- tes exercícios: → Exercício 1 — item c; → Exercício 2 — itens d, f; → Exercício 4 — item c; → Exercício 5; → Exercício 7; → Exercício 9. Curva de nível de uma função f : D ⊂ ℝ2 → ℝ é o con- junto dos pontos do domínio onde f tem valores cons- tantes, isto é, a curva de nível k de f é {(x, y) ∈ D | f(x, y) = k} Exemplo: para a função f(x, y) = xy as curvas de nível são as “hipérboles” dadas por f(x, y) = k ⇔ xy = k ⇔ y = k x , x ≠ 0 (k ≠ 0) e quando k = 0, temos xy = 0 ⇔ x = 0 ou y = 0 que é um par de retas (eixos coordenados). Cálculo II / Exercícios 2 Superfície de nível de uma função f : D ⊂ ℝ3 → ℝ é o conjunto dos pon- tos do domínio onde f tem valores constantes, isto é, a superfície de nível k de f é {(x, y, z) ∈ D | f(x, y, z) = k} Exemplo: as superfícies de nível da função f(x, y, z) = 5 - x2 - y2 - z2 são dadas por f(x, y, z) = k ⇔ 5 - x2 - y2 - z2 = k ⇔ x2 + y2 + z2 = 5 - k. → k > 5 ⇒ as superfícies de nível são vazias; → k = 5 ⇒ a superfície de nível é um ponto: (0, 0, 0); → k < 5 ⇒ as superfícies de nível são esferas de centro na origem, (0, 0, 0) e raio 5 - k . exercício 1 Descreva as curvas ou superfícies de nível (conforme o caso) das funções: a. f(x, y) = 7 - x2 - y2 b. f(x, y) = x2 4 + y2 9 c. f(x, y, z) = 1 - x2 - y2 - z2 (1 ponto) Cálculo de Limites: Muitas vezes podemos fazer o cálculo diretamente, por substituição. Exemplo: (x, y) → (0, 0) lim x3 + x2y + xy2 + 3 x - y - 2 = 03 + 02⋅0 + 0⋅02 + 3 0 - 0 - 2 = - 3 2 Outras vezes temos que eliminar indeterminações. Exemplo: (x, y) → (0, 0) lim x3 + x2y + xy2 + 3x 2x Por substituição direta obteríamos 0 0 , que é uma indeterminação. Usan- do fatoração obtemos: x3 + x2y + xy2 + 3x 2x = x(x2 + xy + y2 + 3) 2x = x2 + xy + y2 + 3 2 Cálculo II / Exercícios 3 (x, y) → (0, 0) lim x3 + x2y + xy2 + 3x 2x = (x, y) → (0, 0) lim x2 + xy + y2 + 3 2 = 3 2 exercício 2 Calcule os limites abaixo: a. (x, y) → (1, 1) lim x3 + x2y + xy2 + 3x x3 - y + 2 b. (x, y) → (1, 1) lim 1 x2 + y2 c. (x, y) → (1, 1) lim = sen (2x + y) π 2 d. (x, y) → (3, 1) lim x3 - y3 x - y (1 ponto) e. (x, y) → (3, 3) lim x3 - y3 x - y f. (x, y) → (0, 0) lim x3y - y2x2 x2y (1 ponto) Em alguns casos precisamos usar teoremas básicos específicos. Exemplo: (x, y) → (0, 0) lim 5sen(x2y) x2y Substituindo x e y por 0 obtemos uma indeterminação. Não há maneira elementar de eliminar a indeterminação. Fazemos z = x2y. (x, y) → (0, 0) lim 5sen(x2y) x2y = z → 0 lim 5senz z = 5 A maneira mais simples de provar que certos limites não existem é exibir diferentes caminhos tendendo para o ponto e tais que os limites “parciais” sejam diferentes. Exemplo: (x, y) → (0, 0) lim 2x2 + y2 x2 + y2 não existe, pois (x, 0) → (0, 0) lim 2x2 + 02 x2 + 02 = (x, 0) → (0, 0) lim 2x2 x2 = 2 e (0, y) → (0, 0) lim 2⋅02 + y2 02 + y2 = (0, y) → (0, 0) lim y2 y2 = 1 Cálculo II / Exercícios 4 exercício 3 Calcule ou mostre que não existem: a. (x, y) → (0, 0) lim (x2 + 3)sen(5x + y) (xy + 2)(5x + y) b. (x, y) → (0, 0) lim 3x2 - 4y2 6x2 + 2y2 c. (x, y) → (0, 0) lim xy x2 + y2 (além dos eixos coordenados use o caminho y = x) Limites com infinito Exemplos: → (x, y) → (0, 0) lim 1 x2 + y2 = +∞ pois o denominador vai a 0 e a expressão é sempre positiva. → (x, y) → (+∞, +∞) lim 1 x2 + y2 = 0 pois o denominador vai a ∞ e a expressão é sempre positiva. → (x, y) → (+∞, 3) lim 5x2 x2 + y2 = (x, y) → (+∞, +∞) lim x2 1 + y 2 x2 5x2 = 5, pois y 2 x2 → 0 exercício 4 Calcule: a. (x, y) → (+∞, 2) lim 5x3 x2 + y2 b. (x, y) → (+∞, 2) lim 5x2 x4 + y2 c. (x, y) → (+∞, 2) lim -2x3 - 3y x3 + y2 (1 ponto) d. (x, y) → (+∞, +∞) lim arctg(x + y) Cálculo II / Exercícios 5 Funções contínuas Uma função f é contínua em (a, b) se ela está definida em (a, b), tem limi- te quando (x, y) → (a, b) e vale (x, y) → (a, b) lim f(x, y) = f(a, b). Exemplo: Seja f(x, y) = x 4 - y4 x - y se x ≠ y = L se x = y a. Calcule (x, y) → (2, 1) lim f(x, y) b. Para que valor de L a função é contínua em (1, 1)? c. Para este valor de L a função é contínua em (3, 3)? Solução: a. O limite pode ser calculado diretamente: (x, y) → (2, 1) lim f(x, y) = 2 4 - 14 2 - 1 = 16 -1 1 = 15 b. Diretamente teríamos uma indeterminação. (x, y) → (1, 1) lim f(x, y) = (x, y) → (1, 1) lim (x - y)(x3 + x2y + xy2 + y3) x - y = (x, y) → (1, 1) lim (x3 + x2y + xy2 + x3) = 4 ⋅ 1 = 4 Assim f será contínua em (1, 1) se (x, y) → (1, 1) lim f(x, y) = 4 = f(1, 1). Logo f será contínua em (1, 1) se L = 4. c. (x, y) → (3, 3) lim f(x, y) = (x, y) → (3, 3) lim (x - y)(x3 + x2y + xy2 + y3) x - y = (x, y) → (3, 3) lim (x3 + x2y + xy2 + x3) = 4 ⋅ 27 = 108 Neste caso (x, y) → (3, 3) lim f(x, y) = 108 ≠ 4 = L = f(3, 3). Logo f é descontínua em (3, 3). Cálculo II / Exercícios 6 exercício 5 (2 pontos) Seja f(x, y) = x 3 - y3 x - y se x ≠ y = L se x = y a. Calcule (x, y) → (-1, 1) lim f(x, y) b. Para que valor de L a função é contínua em (0, 0)? c. Para que valor de L a função é contínua em (2, 2)? d. Para este valor de L, (item c) a função é contínua em (3, 3)? Para calcularmos as derivadas parciais de uma função, assumimos que uma variável está fixada e derivamos em relação à outra. O gradiente de uma função num ponto é o vetor cujas coordenadas são as derivadas parciais da função no ponto. Exemplo: Calcule as derivadas parciais até ordem 2 da função f(x, y) = x4y + senx e o vetor gradiente em (0, 2). Temos: ∂f ∂x (x, y) = 4x3y + cosx ∂f ∂y (x, y) = x4 ∂2f ∂x2 (x, y) = 12x2y - senx ∂ 2f ∂y2 (x, y) = 0 ∂2f ∂y∂x (x, y) = ∂ 2f ∂x∂y (x, y) = 4x3 Gradiente: ∇ → f(x, y) = ∂f ∂x (x, y), ∂f ∂y (x, y) = (4x3y + cosx, x4) ∇ → f(0, 2) = ∂f ∂x (0, 2), ∂f ∂y (0, 2) = (4 ⋅ 03 ⋅ 2 + cos0, 04) = (1, 0) exercício 6 Calcule as derivadas parciais até ordem 2 da função f(x, y) = cosy + senx e o vetor gradiente em (0, 0). Cálculo II / Exercícios 7 exercício 7 (2 pontos) Calcule as derivadas parciais até ordem 2 da função f(x, y) = x4y + x y e o vetor gradiente em (1, 1). O vetor Gradiente é perpendicular às curvas de nível para funções de duas variáveis e perpendicular às superfícies de nível para funções de 3 variáveis. Veja o exemplo abaixo: Achar a reta normal e o plano tangente ao elipsoide x2 4 + y 2 1 + 8z2 = 1 no ponto de coordenadas 1, 1 2 , 1 4 . Tomamos a função W(x, y, z) = x 2 4 + y2 + 8z2. O elipsoide é a superfície de nível 1 desta função. O vetor gradiente é per- pendicular ao elipsoide em cada ponto. Gradiente: ∇ → W(x, y, z) = x 2 i → + 2yj → + 16zk → = x 2 , 2y, 16z ∇ → W 1, 1 2 , 1 4 = 1 2 i → + j → + 4k → = 1 2 , 1, 4 Reta normal: X(u) = P + u⋅v → = X(u) = 1, 1 2 , 1 4 + u 1 2 , 1, 4 = 1 + u 2 , 1 2 + u, 1 4 + 4u Plano tangente: ax + by + cz + d = 0 1 2 x + y + 4z + d = 0 Estamos usando um resultado de G.A. que afirma que o vetor (a, b, c) é perpendicular ao plano ax + by + cz + d = 0. Cálculo II / Exercícios 8 Como o plano passa pelo ponto 1, 1 2 ,1 4 temos 1 2 ⋅ 1 + 1 2 + 4 ⋅ 1 4 + d = 0 ⇒ d = -2 Plano tangente: 1 2 x + y + 4z - 2 = 0 exercício 8 Achar a reta normal e o plano tangente ao elipsoide x2 1 + y 2 9 + z 2 9 = 1 no ponto de coordenadas 1 3 , 1, 7 . A Regra da Cadeia é uma técnica de derivação importante. Reveja as fór- mulas na videoaula 4. Exemplo: A temperatura em uma superfície é dada por T = f(x, y). Uma partícula se desloca sobre esta superfície pela curva γ(t) = (t2, t3). Determine a taxa de variação de temperatura, sofrida por esta partícula, no instante t = 1, sabendo-se que ∂T ∂x (1, 1) = 5 e ∂T ∂y (1, 1) = 2. Observe que não sabemos a fórmula explícita de T. γ(t) = (t2, t3) ⇒ γ(1) = (1, 1) e γ' → (t) = (2t, 3t2) ⇒ γ' → (1) = (2, 3) ∇f(1,1) = ∂f ∂x (1, 1), ∂f ∂y (1, 1) = (5, 2) Daí dT dz (1) = (5,2)⋅(2,3) = 10 + 6 = 16 exercício 9 (2 pontos) A temperatura em uma superfície é dada por T = f(x, y). Um besouro se desloca sobre esta superfície pela curva γ(t) = (5t + 1, t2). Cálculo II / Exercícios 9 Sabe-se que ∂T ∂x (6,1) = -5 e ∂T ∂y (6, 1) = 4. Determine se no instante t = 1 a temperatura no besouro está aumentando ou diminuindo. exercício 10 Seja z = 2x2 + y, onde x = s2 - 3t e y = s⋅t2 (veja os slides 24 e 25 da aula 4). a. Calcule ∂z ∂s (s, t) e ∂z ∂t (s, t) b. Calcule ∂z ∂s (1, 1) e ∂z ∂t (1, 1) Cálculo II / Exercícios 10 GABARITO exercício 1 a. f(x, y) = k ⇔ 7 - x2 - y2 = k ⇔ x2 + y2 = 7 - k. k > 7 ⇒ as curvas de nível são vazias; k = 7 ⇒ a curva de nível é um ponto: (0, 0); k < 7 ⇒ as curvas de nível são circunferências de centro na origem, (0, 0) e raio 7 - k . b. f(x, y) = k ⇔ x2 4 + y2 9 = k. k < 0 ⇒ as curvas de nível são vazias; k = 0 ⇒ a curva de nível é um ponto: (0, 0); k > 0 ⇒ as curvas de nível são x2 4k + y2 9k = 1, isto é, elipses de centro na origem, (0, 0) e eixos 4 k 6 k . c. f(x, y, z) = k ⇔ 1 - x2 - y2 - z2 = k ⇔ x2 + y2 + z2 = 1 - k k > 1 ⇒ as superfícies de nível são vazias; k = 1 ⇒ a superfície de nível é um ponto: (0, 0, 0); k < 1 ⇒ as superfícies de nível são esferas de centro na origem, (0, 0, 0) e raio 1 - k . (1 ponto) exercício 2 a. (x, y) → (1, 1) lim x3 + x2y + xy2 + 3x x3 - y + 2 = 1 + 1 + 1 + 3 1 - 1 + 2 = 3 b. (x, y) → (1, 1) lim 1 x2 + y2 = 1 1 + 1 = 1 2 c. (x, y) → (1, 1) lim = sen (2x + y) π 2 = sen 3π 2 = -1 d. (x, y) → (3, 1) lim x3 - y3 x - y = 27 - 1 3 - 1 = 26 2 = 13 (1 ponto) Cálculo II / Exercícios 11 e. (x, y) → (3, 3) lim x3 - y3 x - y = (x, y) → (3, 3) lim (x - y)(x2 + xy + y2) x - y = (x, y) → (3, 3) lim (x2 + xy + y2) = = 3 ⋅ 9 = 27 f. (x, y) → (0, 0) lim x3y - y2x2 x2y = (x, y) → (0, 0) lim x2y(x - y) x2y = (x, y) → (0, 0) lim (x - y) = 0 (1 ponto) exercício 3 a. (x, y) → (0, 0) lim (x2 + 3)sen(5x + y) (xy + 2)(5x + y) = 3 2 , pois (x, y) → (0, 0) lim x2 + 3 xy + 2 = 3 2 e (x, y) → (0, 0) lim sen(5x + y) 5x + y = z → 0 lim sen(z) z = 1 b. (x, y) → (0, 0) lim 3x2 - 4y2 6x2 + 2y2 não existe, pois (x, 0) → (0, 0) lim 3x2 - 4⋅02 6x2 + 2⋅02 = (x, 0) → (0, 0) lim 3x2 6x2 = 1 2 e (0, y) → (0, 0) lim 3⋅02 - 4y2 6⋅02 + 2y2 = (0, y) → (0, 0) lim -4y2 2y2 = -2 c. (x, y) → (0, 0) lim xy x2 + y2 não existe, pois (x, 0) → (0, 0) lim x⋅0 x2 + 02 = 0 e (x, x) → (0, 0) lim x⋅x x2 + x2 = 1 2 exercício 4 a. (x, y) → (+∞, 2) lim 5x3 x2 + y2 = (x, y) → (+∞, 2) lim x2 1 + x 2 y2 5x2⋅x = (x, y) → (+∞, 2) lim 1 + y 2 x2 5x = +∞ b. (x, y) → (+∞, 2) lim 5x2 x4 + y2 = (x, y) → (+∞, 2) lim x4 1 + y 2 x4 5x2 = (x, y) → (+∞, 2) lim x2 1 + y 2 x4 5 = 0 c. (x, y) → (+∞, 2) lim -2x3 - 3y x3 + y2 = (x, y) → (+∞, 2) lim -2x3 1 - 3y 2x3 x3 1 + y 2 x3 = = (x, y) → (+∞, 2) lim -2 1 - 3y 2x3 1 + y 2 x3 = -2 (1 ponto) Cálculo II / Exercícios 12 d. (x, y) → (+∞, +∞) lim arctg(x + y) = π 2 pois z → +∞ lim arctg(z) = π 2 exercício 5 (2 pontos) a. (x, y) → (-1, 1) lim x3 - y3 x - y = (-1)3 - 13 -1 - 1 = -2 -2 = 1 b. (x, y) → (0, 0) lim x3 - y3 x - y = (x, y) → (0, 0) lim (x - y)(x2 + xy + y2) x - y = (x, y) → (0, 0) lim (x2 + xy + y2) = 0 Logo f será contínua em (0, 0) para L = 0. c. (x, y) → (2, 2) lim x3 - y3 x - y = (x, y) → (2, 2) lim (x - y)(x2 + xy + y2) x - y = (x, y) → (2, 2) lim (x2 + xy + y2) = = 3 ⋅ 4 = 12 Logo f será contínua em (2, 2) para L = 12. d. (x, y) → (3, 3) lim x3 - y3 x - y = (x, y) → (3, 3) lim (x - y)(x2 + xy + y2) x - y = (x, y) → (3, 3) lim (x2 + xy + y2) = = 3 ⋅ 9 = 27 Logo f não será contínua em (3, 3). exercício 6 ∂f ∂x (x, y) = cosx ∂f ∂y (x, y) = -seny ∂2f ∂x2 (x, y) = - senx ∂ 2f ∂y2 (x, y) = -cosy ∂2f ∂y∂x (x, y) = ∂ 2f ∂x∂y (x, y) = 0 Gradiente: ∇ → f(x, y) = ∂f ∂x (x, y), ∂f ∂y (x, y) = (cosx, -seny) ∇ → f(0, 0) = ∂f ∂x (0, 0), ∂f ∂y (0, 0) = (cos0 + -sen0) = (1, 0) Cálculo II / Exercícios 13 exercício 7 (2 pontos) ∂f ∂x (x, y) = 4x3y + 1 y ∂f ∂y (x, y) = x4 - x y2 ∂2f ∂x2 (x, y) = 12x2y ∂ 2f ∂y2 (x, y) = 2 x y3 ∂2f ∂y∂x (x, y) = ∂ 2f ∂x∂y (x, y) = 4x3 - 1 y2 Gradiente: ∇ → f(x, y) = ∂f ∂x (x, y), ∂f ∂y (x, y) = 4x3y + 1 y , x4 - x y2 ∇ → f(1, 1) = ∂f ∂x (1, 1), ∂f ∂y (1, 1) = 4⋅13⋅1 + 1 1 , 14 - 1 12 = (5, 0) exercício 8 Tomamos a função W(x, y, z) = x2 + y 2 9 + z 2 9 O elipsoide é a superfície de nível 1 desta função. O vetor gradiente é per- pendicular ao elipsoide em cada ponto. Gradiente: ∇ → W(x, y, z) = 2xi → + 2 9 yj → + 2 9 zk → = 2x , 2 9 y, 2 9 z ∇ → W 1 3 , 1, 7 = 2 3 , 2 9 , 2 7 9 Reta normal: X(u) = P + u⋅v → = X(u) = 1 3 , 1, 7 + u 2 3 , 2 9 , 2 7 9 = 1 3 + 2u 3 , 1 + 2u 9 , 7 + 2 7 9 u Plano tangente: ax + by + cz + d = 0 Cálculo II / Exercícios 14 2 3 x + 2 9 y + 2 7 9 z + d = 0 Como o plano passa pelo ponto 1 3 , 1, 7 temos 2 3 ⋅ 1 3 + 2 9 ⋅ 1 + 2 7 9 ⋅ 7 + d = 0 ⇒ d = -2 Plano tangente: 2 3 x + 2 9 y + 2 7 9 z - 2 = 0 exercício 9 (2 pontos) γ(t) = (5t + 1, t2) ⇒ γ(1) = (6, 1) e γ' → (t) = (5, 2t) ⇒ γ' → (1) = (5, 2) ∇f(6, 1) = ∂f ∂x (6, 1), ∂f ∂y (6, 1) = (-5, 4) Daí dT dz (1) = (-5, 4)⋅(5, 2) = -25 + 8 = -17 A temperatura está diminuindo a uma taxa de 17 unidades de temperatu- ra por unidade de tempo. exercício 10 a. ∂z ∂s = ∂z ∂x ⋅ ∂x ∂s + ∂z ∂y ⋅ ∂y ∂s = 4x⋅2s + 1t2 = 4(s2 - 3t)2s + t2 = = 8s3 - 24ts + t2 ∂z ∂t = ∂z ∂x ⋅ ∂x ∂t + ∂z ∂y ⋅ ∂y ∂t = 4x(-3) + 1⋅2st = -12s2 + 36t + 2st b. ∂z ∂s (1, 1) = 8⋅13 - 24⋅1⋅1 + 12 = -15 ∂z ∂t (1, 1) = -12⋅12 + 36⋅1 + 2⋅1⋅1 = 26
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