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PROBLEMÁTICA. 1) Encontre a equação reduzida de cada uma das retas, dadas abaixo na forma vetorial. Esboce o gráfico de cada uma delas: a) (x, y) = t(2, 3) b) (x, y) = (1, 1) + t(1, –1) c) (x, y) = (2, 0) + t(1, 1). Solução: a) x = 2t y = 3t t = x/2 y = 3t/2. b) x = 1 + t y = 1 – t t = x – 1 y = –x + 2. c) x = 2 + t y = t t = x – 2 y = x – 2. 2) Encontre as equações paramétricas da reta determinada pelos pontos: a) (0, 0) e (3, 3) b) (1, –1, 1) e (2, 1, 1) c) (1, 2, –4) e (3, –1, 1). Solução: a) v = (3, 3) x = 3t, y = 3t b) v = (1, 2, 0) x = 2 + t y = 1 + 2t z = 1 c) v = (2, –3, 5) x = 1 + 2t y = 2 – 3t z = –4 + 5t 3) Encontre as equações paramétricas da reta que passa pelo ponto (1, 6, 2) e é paralela ao vetor r = (5, –2, 1). Solução: x = 1 + 5t y = 6 – 2t z = 2 + t 4) Encontre uma equação vetorial da reta cujas equações paramétricas são: x = 2 + 4t, y = –1 + t, z = t. Solução: (x, y, z) = (2, –1, 0) + t(4, 1, 1) 5) Encontre uma equação vetorial e as equações paramétricas do plano que passa pelos pontos: a) (1, 1, 4), (2, –3, 1) e (3, 5, –2) b) (3, 2, 1), (–1, –1, –1) e (6, 0, 2) Solução: a) v1 = (1, –4, –3) v2 = (2, 4, –6) (x, y, z) = (1, 1, 4) + t1(1, –4, –3) + t2(2, 4, –6) x = 1 + t1 + 2t2 y = 1 – 4t1 +4t2 z = 4 –3t1 – 6t2 b) v1 = (–4, –3, –2) v2 = (3, –2, 1) (x, y, z) = (3, 2, 1) + t1(–4, –3, –2) + t2(3, –2, 1) x = 3 – 4t1 + 3t2 y = 2 – 3t1 –2t2 z = 1 –2t1 + t2. 6) Encontre equações paramétricas do plano 3x + 4y – 2z = 4. Solução: x = t1 y = t2 z = 3t1/2 + 2t2 – 2 7) Encontre a equação geral do plano que passa pelo ponto P(3, 5, –2) e é normal ao vetor n = (1, 1, 4). Solução: ax + by + cz = d x + y + 4z = d d = 3 + 5 + 4(–2) = 0 (: x + y + 4z = 0 8) Encontre um vetor normal ao plano 4x + 2y – 5z = –25. Solução: n = (4, 2, –5) 9) Encontre equações paramétricas do plano que é paralelo ao plano 3x + 2y – z = 1 e passa pelo ponto P(1, 1, 1). Solução: 3x + 2y – z = d d = 3(1) + 2(1) – 1 = 4 3x + 2y – z = 4 x = t1 y = t2 z = 3t1 + 2t2 – 4 10) Encontre equações paramétricas da reta que é perpendicular ao plano x + y + z = 0 e passa pelo ponto (2, 0, 1). Solução: v = (1, 1, 1) (x, y, z) = (2, 0, 1) + t(1, 1, 1) x = 2 + t y = t z = 1 + t 11) Mostrar que o ponto P1(2, 2, 3) é eqüidistante dos pontos P2(1, 4, –2) e P3(3, 7, 5). Solução: ||P1P2|| = ||P1P3|| P1P2 = (–1, 2, –5) P1P3 = (1, 5, 2) ||P1P2|| = (30 = ||P1P3|| 12) Determinar, no eixo y, um ponto eqüidistante de A(1, 1, 4) e B(–6, 6,4). Solução: No eixo y: P(0, y, 0) ||PA| = ||PB|| PA = (1, 1 – y, 4) PB = (–6, 6 – y, 4) ||PA||2 = 1 + (1 – y)2 + 16 ||PB||2 = 36 + (6 – y)2 + 16 ||PA||2 = ||PB||2 y = 7 P(0, 7, 0) 13) Calcular a distância do ponto P(1, 2, 3) à reta r dada por: r: x = 1 – 2t, y = 2t, z = 2 – t. Solução: um ponto da reta é P1(1, 0, 2). Um vetor da reta é v = (–2, 2, –1) P1P = (0, 2, 1) ||v|| = 3 v(P1P = (4, 2, –4) ||v(P1P|| = 6 d = ||v(P1P|| / ||v|| = 6/3 = 2. 14) Seja o triângulo ABC de vértices A(–3, 1, 4), B(–4, –1, 0) e C(–4, 3, 5). Calcular a medida da altura relativa ao lado BC. Solução: formamos um paralelogramo de lados BA e BC cuja altura é a procurada. BA = (1, 2, 4) BC = (0, 4, 5) ||BC|| = (41 ||BA(BC|| = (78 h = ||BA(BC|| / ||BC|| = (78 / (41 = 1,38. 15) Calcular a distância entre as retas r e s nos seguintes casos: a) r: x = 0, y = z s: y = 3, z = 2x. b) r passa pelos pontos A(1, 0, 1) e B((–1, –1, 0) e s pelos pontos C(0, 1, –2) e D(1, 1, 1). c) r: x = 3, y = 2 s: x = 1, y = 4. d) r: x = 1 – t, y = 2 + 3t, z = –t s: eixo dos x. e) r: x = y = z – 2 s: y = x + 1, z = x – 3. Solução: a) vetor da reta r: r = (0, 1, 1). Vetor da reta s: s = (1, 0, 2). As retas não são paralelas Vetor de uma reta a outra: Pr(0, 0, 0) Ps(0, 3, 0) PrPs = (0, 3, 0) Produto misto: (r, s, PrPs) = 3 ( 0. Logo, as retas são reversas (não coplanares) ||r(s|| = (6 d = |(r, s, PrPs)| / ||r(s|| = 3 / (6 = 1,22. b) r = AB = (–2, –1, –1) s = CD = (1, 0, 3) As retas não são paralelas. Vetor de uma reta a outra: AC = (–1, 1, –3) Produto misto: (r, s, AC) = –1 ( 0. Logo, as retas são reversas ||r(s|| = (35 d = |(r, s, PrPs)| / ||r(s|| = 1 / (35 = 0,17 c) r = (0, 0, 1) s = (0, 0, 1) As retas são paralelas Vetor de uma reta a outra: Pr(3, 2, 0) Ps(1, 4, 0) PrPs = (–2, 2, 0) ||r(PrPs|| = 2(2 ||r|| = 1 d = 2(2 / 1 = 2(2 = 2,83. d) r = (–1, 3, –1) s = (1, 0, 0) Vetor de uma reta a outra: Pr(1, 2, 0) Ps(0, 0, 0) PsPr = (1, 2, 0) Produto misto: (r, s, PsPr) = –2. As retas são reversas ||r(s|| = (10 d = 2 / (10 = 0,63. e) r = (1, 1, 1) s = (1, 1, 1) As retas são paralelas Pr(0, 0, 2) Ps(0, 1, –3) PrPs = (0, 1, –5) ||r(PrPs|| = (62 ||r|| = (3 d = (62 / (3 = 4,55. 16) Determinar a distância do ponto P(2, –3, 5) a cada um dos planos: a) π1: 2x – 2y – z + 3 = 0. b) π2: x + y + z = 0. c) π3: 2x + y = 3. Solução: a) d = 8/3 b) 4/(3 c) 2/(5 17) Achar a distância da origem a cada um dos planos: a) π1: 3x – 4y + 20 = 0. b) π2: x = 2 – h + 2t, y = 1 + 3h – t, z = –t. Solução: a) d = 4 b) v1 = (–1, 3, 0) v2 = (2, –1, –1) n = v1(v2 = (–3, –1, –5) (2: 3x + y + 5z = 7 d = 7/(35 18) Dado o tetraedro de vértices A(1, 2, 1), B(2, –1, 1), C(0, –1, –1) e D(3, 1, 0), calcular a medida da altura baixada do vértice D ao plano de face ABC. Solução: consiste em calcular a distância do ponto D ao plano da face ABC AB = (1, –3, 0) AC = (–1, –3, –2) AB(AC = (6, 2, –6) Plano da face ABC: 6x + 2y – 6z = 4 d = 16/(76 19) Calcular a distância entre os planos paralelos: a) π1: 2x + 2y + 2z = 5, π2: x + y + z = 3. b) π1: x – 2z = -1, π2: 3x – 6z = 8. Solução: Como os plano são paralelos, o problema consiste em calcular a distância de um ponto, em um dos plano, ao outro plano. a) n1 = (2, 2, 2) P2((2 = (0, 0, 3) d = 1/2(3 = 0,87 b) n2 = (3, 0, –6) P1((1 = (–1, 0, 0) d = 11/(45 = 1,64 20) Determinar a distância da reta r: x = 3, y = 4, aos seguintes planos: a) xz b) yz c) π: x + y = 12. Solução: a) a reta é paralela ao eixo z, logo ela fura o plano XY, então d = 0 b) d = 3 c) r = (0, 0, 1) n = (1, 1, 0) r.n = 0. Logo a reta é paralela ao plano. Então Pr(r = (3, 4, 0) d = 5/(2 = 3,54 21) A tensão elétrica em função da corrente elétrica numa determinada bateria de um carro é dada pela reta mostrada na figura P2-1. Encontre a equação da reta no plano, v(i. Fig. P2-1. Solução: inclinação da reta: m = –2/75, v = –2i/75 + 12 (com i em mA e v em V) 22) Um plano π intersecta os eixos coordenados em (2, 0, 0), (0, 3, 0) e (0, 0, 5). Encontre a equação geral deste plano. Solução: a equação segmentária do plano é x/2 + y/3 + z/5 = 1, donde tiramos 15x + 10y + 6z = 30 23) Encontre a distância da origem ao plano do problema 22. Solução: d = 30/(361 = 30/19 = 1,58 24) Encontre as interseções dos seguintes planos com os planos coordenados: a) 2x + 4y = 5; b) x + 2y + 6z = 12; c) y + 2z = 4. Solução: a) com o plano x = 0: y = 5/4 (reta paralela ao eixo z, passando em (0, 5/4, 0) Com o plano y = 0: x = 5/2 (reta paralela ao eixo z, passando em (5/2, 0, 0) Com o plano z = 0: 2x + 4y = 5 (reta ortogonal ao eixo z) b) Com o plano x = 0: 2y + 6z = 12 Com o plano y = 0: x + 6z = 12 Com o plano z = 0: x + 2y = 12 c) Com o plano x = 0: y + 2z = 4 Com o plano y = 0: z = 2 Com o planoz = 0: y = 4. 25) Dada a reta (x – 1)/2 = (y + 3)/4 = (z – 4)/( –2), encontre os pontos onde ela “fura “ os planos coordenados. Solução: No plano x = 0: (0, –5, 5) No plano y = 0: (5/2, 0, 5/2) No plano z = 0: (5, 5, 0) 26) Encontre a mediana relativa ao vértice A do triângulo formado pelos pontos A(1, 1), B(2, 3) e C(4, 1). [Obs: mediana de um triângulo é o segmento de reta que une um vértice ao ponto médio do lado oposto]. Solução: ponto médio do segmento BC: M = (3, 2). Então a mediana é a distância de A até M d = (5 = 2,35. _1362411360.unknown
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