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y +1/1/60+ y Fenômenos Mecânicos Prova 1 - SUB B - 2019.3 Nome: RA: Entre seu RA ao lado usando as caixas, o primeiro digito na caixa mais a sua esquerda e o último digito na caixa mais a sua direita. Preencha completamente as caixas com caneta azul ou preta. 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 Observações: • Os cálculos deverão ser desenvolvidos e apresentados nas respostas. A simples apresentação do resultado final não obterá pontos. • Sempre que necessário vetores devem ser expressos utilizando a notação vetorial em termos dos vetores unitários î, ĵ, k̂. Formulário - Cálculo de Erros: • Desvio Padrão da Média: σx̄ = 1√ N (N − 1) √√√√ N∑ i=1 (xi − x̄)2 • Propagação de Erros: F (x1, x2, x3)→ σF = √( ∂F ∂x1 )2 σ2x1 + ( ∂F ∂x2 )2 σ2x2 + ( ∂F ∂x3 )2 σ2x3 F (x1) = ax1 → σF = aσx1 F (x1) = axn1 → σF = anxn−11 σx1 F (x1, x2) = a x1 x2 → σF = a x1 x2 √( σx1 x1 )2 + ( σx2 x2 )2 F (x1, x2) = ax1x2 → σF = ax1x2 √( σx1 x1 )2 + ( σx2 x2 )2 F (x1, x2) = a (x1 ± x2)→ σF = a √ σ2x1 + σ2x2 y y y +1/2/59+ y Questão 1 (25 pontos) Um jogador chuta uma bola em direção ao gol conforme indicado na figura. Assuma que o goleiro se mantém na linha do gol e salta verticalmente para agarrar a bola. A altura máxima que o goleiro consegue atingir é h = 2, 2 m (ver figura). A distância entre o ponto do chute e o gol é d = 35, 4 m. Suponha que o módulo da velocidade inicial da bola é v0 = 20, 5 m/s e o ângulo de lançamento θ = 30◦. Coloque o sistema de referência com a origem no ponto onde a bola foi chutada, com o eixo x positivo apontando para a direita e o eixo y positivo apontando para cima. Assuma a aceleração da gravidade g = 9,80 m/s2. a) (5 pontos) Escreva a equação para o vetor trajetória da bola (vetor posição em função do tempo). b) (10 pontos) O goleiro conseguirá pegar a bola? Justifique. c) (10 pontos) Determine qual deve o ser o valor mínimo de v0 para que o goleiro não consiga alcançar a bola. 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 Não marque estas caixas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . a) Na direção horizontal o movimento da bola ocorre com velocidade constante v0x = v0 cos θ, tal que: x(t) = x0 + v0xt = v0 cos θt e vx(t) = v0 cos θ Já na direção vertical o movimento possui aceleração constante: y(t) = y0 + v0yt 1 2ayt 2 = y0 + v0 sin θt− 1 2gt 2 e vy(t) = v0 sin θ − gt Então: ~r(t) = v0 cos θt î+ ( v0 sin θt− 1 2gt 2 ) ĵ = 17, 75t̂i+ ( 10, 25t− 4, 90t2 ) ĵ m b) A bola atingirá a linha do gol quando: x(tG) = d = 35, 4⇒ 17, 32tG = 35, 4⇒ tG ' 2 s Neste instante a altura da bola é: y(tG) = 10, 25tG − 4, 90t2G ⇒ y(tG) ' 0, 96 m Como y(tG) < h, o goleiro conseguirá alcançar a bola. y y y +1/3/58+ y c) O valor mínimo da velocidade para que a bola passe pelo goleiro ocorrerá quando: y(tG) = h , onde tG = d v0 cos θ Então: v0 sin θtG − 1 2gt 2 G = h⇒ d tan θ − 1 2g ( d v0 cos θ )2 = h⇒ v0 ' 21, 2 m/s y y y +1/4/57+ y Questão 2 (25 pontos) Considere o sistema mostrado na figura abaixo, onde a mesa possui atrito, mas os fios deslizam sem atrito sobre as roldanas. As massas indicadas são m1, m2 e m3, onde m3 > m1. O bloco da direita desce com aceleração a = g/2. Escreva as suas respostas em termos das quantidades dadas (m1,m2,m3) e da aceleração da gravidade (g). a) (5 pontos) Faça um diagrama de forças para cada um dos blocos separadamente. b) (10 pontos) Determine o coeficiente de atrito cinético µe. c) (10 pontos) Se trocarmos as massasm2 em1 de posição, qual será a nova aceleração do sistema? Assume que o coeficiente de atrito estático é o mesmo encontrado no item anterior e escreva a sua resposta em termos das massas e de µe. 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 Não marque estas caixas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . a) Como m3 > m1, temos que, caso o bloco m2 se mova, eles se deslocará para a direita (eixo x positivo). Logo temos os seguintes diagramas de forças: b) Se o bloco m3 desce com aceleração a, então |~a3| = |~a2| = |~a1| = a. Portanto: T12 −m1g = m1a m3g − T32 = m3a T32 − T12 − Fatrito = m2a onde Fatrito = m2gµe. Somando as três equações acima: m3g −m1g −m2gµe = (m1 +m3 +m2)a⇒ µe = m3 −m1 − (m1 +m3 +m2)a/g m2 Finalmente, utilizando que a = g/2, temos: µe = m3 − 3m1 −m2 2m2 y y y +1/5/56+ y c) Invertendo as massas, temos: T12 −m2g = m2a′ m3g − T32 = m3a′ T32 − T12 −m1gµe = m1a′ Novamente, somando as equações: m3g −m2g −m1gµe = (m1 +m3 +m2)a′ ⇒ a′ = m3 −m2 −m1µe m1 +m3 +m2 g y y y +1/6/55+ y Questão 3 (25 pontos) Para medir a altura h de uma colina (ver figura) coberta por neve, uma pedra de mass m = 2, 0 kg é solta a partir do repouso do topo da colina, indicado pelo ponto A. A pedra desliza até o pé da colina (ponto B) e depois segue por um plano horizontal de comprimento que possui coeficinte de atrito estático µe = 0, 3. Após percorrer uma distância de 10 m, a pedra atinge uma longa mola rígida de constante elástica k = 30, 0 N/m e que se encontra inicialmente relaxada. a) (10 pontos) Se após ser atingida pela pedra a mola atinge uma compressão máxima de 4 m, qual o trabalho total realizado pela força de atrito entre o ponto B e o ponto de compressão máxima da mola? b) (10 pontos) Qual a velocidade da pedra no ponto B? c) (5 pontos) Qual a altura da colina? 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 Não marque estas caixas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . a) O trabalho total realizado pela força de atrito é dado por: WF at = −mgµed onde d = 10 + 4 = 14 m é a distância total percorrida pela pedra no plano. Então: WF at = −82, 32 J b) Temos que a variação de energia mecânica da pedra entre o ponto B e o ponto de máxima compressão é dada pelo trabalho realizado pela força de atrito. Então: Ef − EB = Wfat , onde Ef = k∆x2 2 e EB = mv2B 2 Então: mv2B 2 = k∆x2 2 −Wfat ⇒ vB = 6, 6 m/s c) Como todas as forças que atuam sobre a pedra entre os pontos A e B são conservativas, a energia mecânica da pedra enquanto ela desce a colina será conservada. Dado que a pedra está em repouso no ponto A, sua energia neste ponto é dada por: EA = mgh Já a energia no ponto B é: EB = mv2B 2 Então: EA = EB ⇒ mgh = mv2B 2 ⇒ h = v2B 2g ' 2, 2 m y y y +1/7/54+ y Questão 4 (25 pontos) Em um determinado experimento de movimento retilíneo uniforme, um carrinho passa por 2 intervalos de posição e tempo, os quais são medidos usando uma régua e um cronômetro. Os dados são coletados e inseridos na tabela abaixo: Intervalo I II Medida # LI (cm) ∆tI (s) LII (cm) ∆tII (s) 1 16,75 0,9391 16,10 0,9650 2 18,70 0,9242 18,00 0,9291 3 14,70 0,9150 14,10 0,9222 Média 17 0,94 Incerteza 1 0,01 a) (10 pontos) Complete na tabela acima a média das posições e dos intervalos de tempo com suas respectivas incertezas. b) (10 pontos) Encontre a velocidade média para cada intervalo e sua incerteza. c) (5 pontos) Usando o método dos mínimos quadrados e medidas em mais intervalos, um aluno encontrou os seguintes valores para os coeficientes angular (a) e linear (b) da reta para um gráfico de X vs. T : a = (17, 1± 0, 5) cm/s b = (−0, 2± 0, 4) cm Qual o significado físico dos parâmetros a e b? Você concluiria que o movimento é uniforme? Justifique. 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 Não marque estas caixas . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . a) Calculando a média e a incerteza através da expressão para o desvio padrão, obtém-se:∆t̄I ' 0, 9261s, σ∆t̄I ' 0, 007021s e L̄II ' 16, 066cm, σL̄II ' 1, 126cm Finalmente, escrevendo o resultado final com o número adequado de algarismos significativos, temos: ∆t̄I = (0, 926± 0, 007) s e L̄II = (16± 1) cm b) Temos: v̄I = L̄I ∆̄tI = 170, 926 ⇒ v̄I ' 18, 3585 cm/s v̄II = L̄II ∆̄tII = 160, 94 ⇒ v̄II ' 17, 02127 cm/s Utilizando o método de propagação de erros, temos que a incerteza da velocidade média é dada por: σv̄ = v̄ √( σL̄ L̄ )2 + ( σ∆̄t ∆̄t )2 Substituindo os valores numéricos disponibilizados na tabela acima e calculados no item ante- rior, obtém-se: σv̄I ' 1, 0888 cm/s e σv̄II ' 1, 0791 cm/s Finalmente, escrevendo o resultado final com o número adequado de algarismos significativos, temos: v̄I = (18± 1) cm/s, v̄II = (17± 1) cm/s y y y +1/8/53+ y c) De acordo com o modelo teórico (partícula em movimento retilíneo uniforme), os coeficientes angular e linear da reta que melhor se ajusta aos dados experimentais representam, respectiva- mente, a velocidade e a posição inicial da partícula. A comparação entre os parâmetros obtidos a partir do método dos mínimos quadrados com os resultados obtidos no item (b) nos permite concluir que, de fato, trata-se de um movimento uniforme já que, dentro do intervalo definido pelas respectivas incertezas todos os valores para a velocidade são consistentes. y y
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