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Faculdade Evangélica de Goianésia – Geotecnia II/ 8º Período Prof. MSc. Igor Cezar Silva Braga Acadêmica: Jéssica Caroline Gomes Evangelista Atividade 1 – Acréscimo de tensões nos solos 01) Considere uma carga pontual P = 5 kN. Calcule o aumento da tensão vertical (z) em z = 0, 2 m, 4 m, 6 m, 10 m e 20 m. Dados: x = 3 m e y = 4 m. Para z = 20 m z = 0,0051 kPa. z (m) σz (kN/m2) 0 0,0000 2 0,0042 4 0,0142 6 0,0177 10 0,0137 20 0,0051 𝑟 = x + y 𝑟 = 3 + 4 𝑟 = 5 m Para z = 2m ∆𝜎 = 3 × 𝑧 2 × 𝜋 × (𝑟 + 𝑧 ) × 𝑄 ∆𝜎 = 3 × 2 2 × 𝜋 × (5 + 2 ) × 5 ∆𝝈𝒛 = 𝟎, 𝟎𝟎𝟒𝟐 𝒌𝑵 𝒎𝟐 Para z = 4m ∆𝜎 = 3 × 𝑧 2 × 𝜋 × (𝑟 + 𝑧 ) × 𝑄 ∆𝜎 = 3 × 4 2 × 𝜋 × (5 + 4 ) × 5 ∆𝝈𝒛 = 𝟎, 𝟎𝟏𝟒𝟐 𝒌𝑵 𝒎𝟐 Para z = 6m ∆𝜎 = 3 × 𝑧 2 × 𝜋 × (𝑟 + 𝑧 ) × 𝑄 ∆𝜎 = 3 × 6 2 × 𝜋 × (5 + 6 ) × 5 ∆𝝈𝒛 = 𝟎, 𝟎𝟏𝟕𝟕 𝒌𝑵 𝒎𝟐 Para z = 10m ∆𝜎 = 3 × 𝑧 2 × 𝜋 × (𝑟 + 𝑧 ) × 𝑄 ∆𝜎 = 3 × 10 2 × 𝜋 × (5 + 10 ) × 5 ∆𝝈𝒛 = 𝟎, 𝟎𝟏𝟑𝟕 𝒌𝑵 𝒎𝟐 Faculdade Evangélica de Goianésia – Geotecnia II/ 8º Período Prof. MSc. Igor Cezar Silva Braga Para z = 20m ∆𝜎 = 3 × 𝑧 2 × 𝜋 × (𝑟 + 𝑧 ) × 𝑄 ∆𝜎 = 3 × 20 2 × 𝜋 × (5 + 20 ) × 5 ∆𝝈𝒛 = 𝟎, 𝟎𝟎𝟓𝟏 𝒌𝑵 𝒎𝟐 02) Considere o exercício anterior. Calcule o aumento na tensão vertical ((z) em z = 2 m; y = 3 m; e x = 0, 1, 2, 3 e 4 m. Para x = 4 m z = 0,004 kPa. x (m) y (m) r (m) z (m) Σz (kN/m2) 0 3 3,00 2 0,0313 1 3 3,16 2 0,0260 2 3 3,61 2 0,0160 3 3 4,24 2 0,0084 4 3 5,00 2 0,0042 Para x = 0m ∆𝜎 = 3 × 𝑧 2 × 𝜋 × (𝑟 + 𝑧 ) × 𝑄 ∆𝜎 = 3 × 2 2 × 𝜋 × (3 + 2 ) × 5 ∆𝝈𝒛 = 𝟎, 𝟎𝟑𝟏𝟑 𝒌𝑵 𝒎𝟐 Para x = 1m ∆𝜎 = 3 × 𝑧 2 × 𝜋 × (𝑟 + 𝑧 ) × 𝑄 ∆𝜎 = 3 × 2 2 × 𝜋 × (3,16 + 2 ) × 5 ∆𝝈𝒛 = 𝟎, 𝟎𝟐𝟔𝟎 𝒌𝑵 𝒎𝟐 Para x = 2m ∆𝜎 = 3 × 𝑧 2 × 𝜋 × (𝑟 + 𝑧 ) × 𝑄 ∆𝜎 = 3 × 2 2 × 𝜋 × (3,61 + 2 ) × 5 ∆𝝈𝒛 = 𝟎, 𝟎𝟏𝟔𝟎 𝒌𝑵 𝒎𝟐 Para x = 3m ∆𝜎 = 3 × 𝑧 2 × 𝜋 × (𝑟 + 𝑧 ) × 𝑄 ∆𝜎 = 3 × 2 2 × 𝜋 × (4,24 + 2 ) × 5 ∆𝝈𝒛 = 𝟎, 𝟎𝟎𝟖𝟒 𝒌𝑵 𝒎𝟐 Para x = 4m ∆𝜎 = 3 × 𝑧 2 × 𝜋 × (𝑟 + 𝑧 ) × 𝑄 ∆𝜎 = 3 × 2 2 × 𝜋 × (5 + 2 ) × 5 ∆𝝈𝒛 = 𝟎, 𝟎𝟎𝟒𝟐 𝒌𝑵 𝒎𝟐 Faculdade Evangélica de Goianésia – Geotecnia II/ 8º Período Prof. MSc. Igor Cezar Silva Braga 03) A Figura abaixo exibe duas linhas de carga na superfície do solo. Determine o aumento de tensão no ponto A. z = 0,227 kPa. ∆𝜎 = 𝑧 2 × 𝜋 × (𝑟 + 𝑧 ) × 𝑄 ∆𝜎 ( ) = 2 × 4 𝜋 × (5 + 4 ) × 7,50 ∆𝝈𝒛(𝟏) = 𝟎, 𝟏𝟖𝟐 𝒌𝑵 𝒎𝟐 ∆𝜎 ( ) = 2 × 4 𝜋 × (10 + 4 ) × 15 ∆𝝈𝒛(𝟐) = 𝟎, 𝟎𝟒𝟓 𝒌𝑵 𝒎𝟐 ∆𝜎 = ∆𝜎 ( ) + ∆𝜎 ( ) ∆𝜎 = 0,182 + 0,45 ∆𝝈𝒛 = 𝟎, 𝟎𝟐𝟐𝟕 𝒌𝑵 𝒎𝟐 04) Uma linha de carga inclinada com magnitude de 10 kN/m é mostrada na Figura abaixo. Determine o aumento da tensão vertical z no ponto A decorrente desse carregamento. z = 0,337 kPa. 𝑄 = 10 cos 20 Q = 9,40 kN/m 𝑄 = 10 sin 20 Q = 3,42 kN/m x z = 5 4 = 1,25 Faculdade Evangélica de Goianésia – Geotecnia II/ 8º Período Prof. MSc. Igor Cezar Silva Braga ∆𝜎 (𝑞/𝑧) = 0,0975 ∆𝜎 ( ) = q z × 0,0975 ∆𝜎 ( ) = 9,40 4 × 0,0975 ∆𝝈𝒛(𝑽) = 𝟎, 𝟐𝟑 𝒌𝑵 𝒎𝟐 ∆𝜎 (𝑞/𝑧) = 0,1245 ∆𝜎 ( ) = q z × 0,1245 ∆𝜎 ( ) = 3,42 4 × 0,1245 ∆𝝈𝒛(𝑯) = 𝟎, 𝟏𝟎𝟔 𝒌𝑵 𝒎𝟐 ∆𝜎 = ∆𝜎 ( ) + ∆𝜎 ( ) ∆𝜎 = 0,23 + 0,106 ∆𝝈𝒛(𝑯) = 𝟎, 𝟑𝟑𝟔 𝒌𝑵 𝒎𝟐 Faculdade Evangélica de Goianésia – Geotecnia II/ 8º Período Prof. MSc. Igor Cezar Silva Braga 05) A planta de uma área retangular uniformemente carregada é exibida na Figura. Determine o aumento da tensão vertical z abaixo do ponto A’ a uma profundidade z = 4 m. z = 11,28 kPa. 𝑚 = 𝐵 𝑧 = 2 4 = 0,50 n = L z = (3 + 1) 4 = 1 I = 0,1225 ∆𝜎 ( ) = q × I ∆𝜎 ( ) = 150 × 0,1225 ∆𝝈𝒛(𝟏) = 𝟏𝟖, 𝟑𝟖 𝒌𝑵 𝒎𝟐 𝑚 = 𝐵 𝑧 = 2 4 = 0,50 n = L z = 1 4 = 0,25 I = 0,0473 ∆𝜎 ( ) = q × I ∆𝜎 ( ) = 150 × 0,0473 ∆𝝈𝒛( ) = 𝟕, 𝟏𝟎 𝒌𝑵 𝒎𝟐 ∆𝜎 = ∆𝜎 ( ) − ∆𝜎 ( ) ∆𝜎 = 18,38 − 7,10 ∆𝝈𝒛 = 𝟏𝟏, 𝟐𝟖 𝒌𝑵 𝒎𝟐 06) Determine a variação da tensão vertical 2,5 m abaixo do nível do terreno, diretamente abaixo de uma carga pontual de 870 kN, como mostrado na, usando a análise de Boussinesq. z = 70,9 kPa. Faculdade Evangélica de Goianésia – Geotecnia II/ 8º Período Prof. MSc. Igor Cezar Silva Braga ∆𝜎 = 3 × 𝑧 2 × 𝜋 × r × 𝑄 Para a carga 640 kN: ∆𝜎 = 3 × 2,50 2 × 𝜋 × 4,30 × 640 ∆𝝈𝒛 = 𝟑, 𝟐𝟓 𝒌𝑷𝒂 Para a carga 870 kN: ∆𝜎 = 3 × 2,50 2 × 𝜋 × 2,50 × 870 ∆𝝈𝒛 = 𝟔𝟔, 𝟒𝟔 𝒌𝑷𝒂 Para a carga 560 kN: ∆𝜎 = 3 × 2,50 2 × 𝜋 × 5,15 × 560 ∆𝝈𝒛 = 𝟏, 𝟏𝟓 𝒌𝑷𝒂 Total: ∆𝜎 = 3,25 + 66,46 + 1,15 ∆𝝈𝒛 = 𝟕𝟎, 𝟖𝟔 𝒌𝑷𝒂 07) Uma construção industrial apresenta uma planta retangular, com 12 m de largura e 48 m de comprimento, e vai aplicar ao terreno uma pressão uniformemente distribuída de 50 kPa. Determinar o acréscimo de tensão, segundo a vertical nos pontos A, B, C e D, a 18 m de profundidade aplicando a solução de Newmark. Calcule, também para o ponto E, fora da área carregada. v = 3,15 kPa. Para a profundidade 18m: Ponto Área n° de áreas m n I I total Tensão (kPa) A 6x24 4 0,33 1,33 0,092 0,368 18,40 B 12x24 2 0,67 1,33 0,155 0,310 15,50 C 6x48 2 0,33 2,67 0,097 0,194 9,70 D 12x48 1 0,67 2,67 0,165 0,165 8,25 Para o ponto E, a profundidade 18m: Ponto Área (B*L) n° de áreas m n I A 18 54 1 1,00 3,00 0,203 B 6 54 2 0,33 3,00 0,098 C 6 18 2 0,33 1,00 0,086 D 6 6 1 0,33 0,33 0,044 ∆𝜎 = q × I ∆𝜎 = 50 × (0,203 − 0,098 − 0,086 + 0,044) ∆𝝈𝒛 = 𝟑, 𝟏𝟓 𝒌𝑷𝒂
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