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Tiago Lima - Instagram: @professor_disciplinas_exatas • Uma partícula está sobre a ação de uma força dada por . Esta partícula se move sobre a circunferência F x, y = x² - y³ + sen y + x³( ) ( )i ( ( ) )j de equação , dando uma volta completa no sentido anti-horário. Nessas x² + y² = 1 circunstâncias, calcule o trabalho realizado pelo campo sobre a partícula. Resolução: Queremos encontrar o trabalho que um campo de força faz para mover uma partícula por sobre a circunferência de raio 2; Vamos usar o teorema de Green que diz que; Pdx + Qdy = - dA C ∫ ∫∫ 𝜕Q 𝜕x 𝜕P 𝜕y O trabalho da partícula é dado pelo produto escalar; W = ⋅ d = x² - y³, sen y + x³ ⋅ dx, dy C ∫ F r C ∫ ( ( ) ) ( ) Resolvedo o produto escalar, fica; -y, x ⋅ dx, dy = x² - y³ dx + sen y + x³ dy C ∫ ( ) ( ) C ∫ ( ) ( ( ) ) x y 1 Partícula 1 -1 -1 sentido anti-horário 𝜃 r Usando o teorema de Green, podemos transformar a integral de linha em - ydy + xdx C ∫ uma inegral dupla, para isso, vamos primeiro achar: ; e 𝜕Q 𝜕x 𝜕P 𝜕y Q = sen y + x³ = 3x e P = x² - y³ = - 3y ( ) → 𝜕Q 𝜕x 2 → 𝜕P 𝜕y 2 Agora, podemos chegar na igualdade de Green; x² - y³ dx + sen y + x³ dy = 3x - -3y dA 3x + 3y dA C ∫ ( ) ( ( ) ) ∫∫ 2 2 →∫∫ 2 2 Agora, tranformamos as variáveis para corrdenadas polares, fazendo; x = rcos 𝜃( ) y = rsen 𝜃( ) A variação da área dA é dada por; , o raio varia de de 0 a 2 e o ângulo vária de dA = rdrd𝜃 0 a , sendo estes os limites de integração, com isso, a integral dupla fica;2𝜋 3x + 3y dA = 3 rcos 𝜃 + 3 rsen 𝜃 rdrd𝜃∫∫ 2 2 0 ∫ 2𝜋 1 0 ∫ ( ( ))2 ( ( ))2 = 3r cos 𝜃 + 3r sen 𝜃 rdrd𝜃 = 3r cos 𝜃 + sen 𝜃 rdrd𝜃 0 ∫ 2𝜋 1 0 ∫ 2 2( ) 2 2( )2 ) 0 ∫ 2𝜋 1 0 ∫ 2 2( ) 2( ) Da identidade pitagorica; cos 𝜃 + sen 𝜃 = 1, substituindo;2( ) 2( ) 3r ⋅ rdrd𝜃 = 3 r drd𝜃 = 3 d𝜃 = 3 - d𝜃 0 ∫ 2𝜋 1 0 ∫ 2 0 ∫ 2𝜋 1 0 ∫ 3 0 ∫ 2𝜋r 4 4 1 0 0 ∫ 2𝜋 1 4 ( )4 0 4 ( )4 = 3 d𝜃 = 3 ⋅ = 3 ⋅ - = 3 ⋅ 0 ∫ 2𝜋1 4 𝜃 4 2𝜋 0 2𝜋 4 0 4 𝜋 2 W = 3𝜋 2 (Resposta )
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