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1. Problema Considere o lançamento de duas moedas idênticas, mas desequilibradas. Para cada moeda, a probabilidade de ocorrer cara é 50% maior do que a probabilidade de obter coroa. Qual é a probabilidade de obter 2 caras dado que se obteve pelo menos 1 cara? (a) 0.429 (b) 0.500 (c) 0.333 (d) 0.600 (e) 0.200 Solução Seja “A” o evento saiu cara e “O” saiu coroa. Em um lançamento, a probabilidade de obter cara P(A) ou coroa P(O) é igual a 1. Como a probabilidade de obter cara é 50% maior do que a probabilidade de obter coroa, temos que P (O) + (1 + 0.5)P (O) = 1 Portanto, P (O) = 0.4 e P (A) = 0.6. E as probabilidades em dois lançamentos são dadas por: P (AA) = 0.6× 0.6 = 0.36 P (AO) = 0.6× 0.4 = 0.24 P (OA) = 0.24 P (OO) = 0.4× 0.4 = 0.16 Logo, a probabilidade desejada é P (AA|AA ∪AO ∪OA) = P (AA) P (AA ∪AO ∪OA) = 0.36 0.84 = 0.429. (a) Verdadeiro (b) Falso (c) Falso (d) Falso (e) Falso 2. Problema Marque a alternativa correta: (a) Se A está contido em B, então P (A) é diferente de P (B). (b) Um espaço amostral infinito pode ser equiprovável (os elementos do espaço amostral possuem mesma probabilidade). (c) A probabilidade da intersecção de eventos é o produto das probabilidades dos eventos. (d) Um evento A jamais será independente de si mesmo. (e) Se A e B são eventos independentes, então Ac e B também são independentes. Solução (a) Falso. Não necessariamente. Se P (B −A) = 0, então P (A) = P (B). (b) Falso. Caso os elemnentos de um espaço amostral infinito tenham mesma probabilidade, a soma das probabilidades será infinita. (c) Falso. Esta propriedade é válida apenas se os eventos forem independentes entre si. 1 (d) Falso. Um evento A pode ser independente de si mesmo caso P (A) seja 0 ou 1. (e) Verdadeiro. Se dois eventos são independentes, os originais e complementares são todos independentes entre si. 3. Problema O dono de um posto recomenda aos três frentistas que eles lavem os para-brisas de todos os véıculos atendidos. Sabe-se que João, Marcelo e Raul atendem, respectivamente, 40%, 35% e 25% dos véıculos. Eles esquecem de lavar o para-brisas com probabilidade 0.3, 0.25 e 0.2, respectivamente. Se um motorista abastece nesse posto, qual a probabilidade de que o para-brisas do seu véıculo não seja lavado? (a) 0.086 (b) 0.750 (c) 0.258 (d) 0.250 (e) 0.015 Solução Sejam os eventos J=João realiza o atendimento M=Marcelo realiza o atendimento R=Raul realiza o atendimento N=o para-brisas não é lavado Pelo enunciado tem-se P (J) = 0.4, P (M) = 0.35, P (R) = 0.25, P (N |J) = 0.3, P (N |M) = 0.25 e P (N |R) = 0.2. Logo, pelo Teorema da Probabilidade Total tem-se que P (N) = P (J)P (N |J) +P (M)P (N |M) +P (R)P (N |R) = 0.4×0.3 + 0.35×0.25 + 0.25×0.2 = 0.2575 (a) Falso (b) Falso (c) Verdadeiro (d) Falso (e) Falso 4. Problema Suponha que 4.3% dos homens e 0.4% das mulheres da população sejam daltônicos. Suponha também que 40.9% da população é formada por homens. Qual a probabilidade de que uma pessoa seja mulher sabendo que esta pessoa é daltônica? (a) 0.118 (b) 0.004 (c) 0.591 (d) 0.002 (e) 0.882 2 Solução Defina os eventos D = “A pessoa é daltônica” M = “A pessoa é do sexo masculino” F = “A pessoa é do sexo feminino” Pelo teorema de bayes, a probabilidade desejada é dada por P (F |D) = P (D|F )P (F ) P (D|F )P (F ) + P (D|M)P (M) = 0.004× 0.591 0.004× 0.591 + 0.043× 0.409 = 0.004. (a) Falso (b) Verdadeiro (c) Falso (d) Falso (e) Falso 5. Problema Suponha que para cada cliente que solicita o cancelamento do seu cartão, a companhia responsável efetivamente realize o cancelamento do cartão do cliente com probabilidade 0.03. Se 96 clientes solicitam o cancelamento, qual a probabilidade de que a companhia cancele o cartão de exatamente 4 clientes? (a) 0.1633 (b) 0.4510 (c) 0.5524 (d) 0.0417 (e) 0.0274 Solução Como cada cliente é independente do outro, a variável aleatória X relativa ao número de clientes que tenham o cartão efetivamente cancelado possui distribuição binomial de parâmet- ros n = 96 e p = 0.03. Desse modo, a probabilidade de que a companhia cancele o cartão de exatamente 4 clientes é P (X = 4) = ( 96 4 ) 0.034 × 0.9792 ≈ 0.1633. (a) Verdadeiro (b) Falso (c) Falso (d) Falso (e) Falso 3 6. Problema Suponha que a probabilidade de que um jogador de basquete acerte a cesta em um lance livre seja 0.80, e que os lançamentos sejam independentes. Considere que o jogador continue a realizar os lançamentos até que cometa um erro. Qual a probabilidade de que ele acerte pelo menos 2 cestas antes de cometer o primeiro erro? (a) 0.032 (b) 0.488 (c) 0.128 (d) 0.512 (e) 0.640 Solução Seja X o número de cestas antes do primeiro erro. Então X ∼ Geométrica(0.20), isto é, P (X = x) = 0.80x0.20. Assim, P (X ≥ 2) = P (acertar os 2 primeiros lances) = 0.802=0.640. (a) Falso (b) Falso (c) Falso (d) Falso (e) Verdadeiro 7. Problema Um livreiro descuidado mistura 5 exemplares defeituosos junto com outros 5 perfeitos de um certo livro didático. Se 3 amigas vão a essa livraria para comprar seus livros escolares e cada uma compra um livro, então qual a probabilidade de que exatamente duas delas leve um livro defeituoso? (a) 0.833 (b) 0.083 (c) 0.875 (d) 0.417 (e) 0.917 Solução Consideremos o conjunto de N = 10 livros, dos quais b = 5 são defeituosos. Seja X o número de livros com defeito dentre os n = 3 comprados. EntãoX segue distribuição hipergeométrica com parâmetros N , b e n. Assim, P (X = 2) = (52)( 5 1) (103 ) =0.417. (a) Falso (b) Falso (c) Falso (d) Verdadeiro (e) Falso 4 8. Problema Considere que o número de requisições que chegam a um determinado servidor, por minuto, é uma variável aleatória que segue distribuição Poisson com variância igual a 1.68. Suponha que a capacidade de atendimento do servidor é de, no máximo, 3 requisições por minuto. Qual a probabilidade de que, em um intervalo de um minuto escolhido ao acaso, o servidor não consiga atender a todas as requisições que forem feitas? (a) 0.003 (b) 0.910 (c) 0.687 (d) 0.313 (e) 0.090 Solução Seja X a variável aleatória referente ao número de requisições. Uma vez que a capacidade é de, no máximo, 3 requisições por minuto, a probabilidade desejada é dada por P (X > 3) = 1− P (X ≤ 3) = 1− 3∑ k=1 e−1.68 1.68k k! = 0.090. (a) Falso (b) Falso (c) Falso (d) Falso (e) Verdadeiro 9. Problema A chance de uma aposta simples (onde escolhe-se 6 números) ganhar a Mega Sena é de uma em 50063860. A Mega Sena da Virada de 2017 arrecadou o equivalente a 254556391 apostas simples. Nesse contexto, considerando que os números em cada aposta tenham sido escolhidos de maneira aleatória e independente (todos da Distribuição Uniforme discreta de 1 a 60), qual era a probabilidade de que exatamente 3 apostadores ganhassem o prêmio máximo? (a) 0.864 (b) 0.238 (c) 0.339 (d) 0.136 (e) 0.661 Solução O número de vencedores tem distribuição binomial com parâmetros 254556391 e 150063860 , ou seja, X ∼ Bin(254556391, 150063860 ). Utilizando a aproximação de Poisson para a Binomial, tem-se, aproximadamente, que X ∼ Poisson(np = 5.085). Portanto, a probabilidade de observarmos exatamente X = 3, é dada por P (X = 3|X ∼ Bin(254556391, 150063860 )) ≈ P (X = 3|X ∼ Poisson(5.085)) = 13.6%. (a) Falso (b) Falso (c) Falso 5 (d) Verdadeiro (e) Falso 10. Problema Seja X uma variável aleatória continua cuja função de densidade é dada por fX(x) = 0, se x < 1;√ x c , se 1 ≤ x < 2; 0.031 exp(x), se 2 ≤ x < 3; 0, se x ≥ 3. Qual é o valor de P(X > 1.2)? (a) 0.500 (b) 0.105 (c) 0.895 (d) 0.609 (e) 0.391 Solução A função de densidade da variável aleatória em questão apenas existe se c = 2. Tal valor pode ser encontrado notando-se que∫ 3 2 0.031 exp(x)dx = 0.031 exp(x) ∣∣∣3 2 = 0.031(exp(3)− exp(2)) = 0.394 e, portanto, ∫ 2 1 √ x c dx = 2x3/2 3c ∣∣∣2 1 = 0.606⇒ c = 2 (1) Assim,temos que P (X > 1.2) = 1− P (X ≤ 1.2) = 1− FX(1.2) = 1− ∫ 1.2 1 √ x c dx = 1− 2x 3/2 3c ∣∣∣1.2 1 = 1− 0.105 = 0.895. (a) Falso (b) Falso (c) Verdadeiro (d) Falso (e) Falso 11. Problema Seja X o tempo até a desintegração de uma particula radioativa cuja função de distribuição acumulada (fda) é dada por: F (x) = 1 − e−λx, para x > 0. Qual é o valor de λ tal que P (X ≥ 0.11) = 0.81? (a) −1.916 6 (b) 1.916 (c) −15.098 (d) 2.725 (e) 15.098 Solução Sabe-se que P (X < 0.11) = 1− P (X ≥ 0.11) = 0.6. Dessa forma, tem-se que 1− e−λx = 0.6, e resolvendo para λ temos que λ = − ln(0.81) 0.11 = 1.916. (a) Falso (b) Verdadeiro (c) Falso (d) Falso (e) Falso 12. Problema Suponha que a altura, em centimetros, de uma pessoa selecionada ao acaso de uma população distribui-se Normalmente. Visto que P (X ≤ 156) = 0.5 e P (X ≤ 150) = 0.29, qual é a probabilidade de uma pessoa ao acaso ter altura superior a 169cm? (a) 0.0985 (b) 0.1170 (c) 0.4562 (d) 0.1379 (e) 0.0409 Solução Visto que P (X ≤ 156) = 0.5, então a média da variável X é E(X) = 156. Além disso, tem-se que P (X ≤ 150) = 0.29, e pela tabela da distribuição Normal padrão, P (Z ≤ −0.55) ≈ 0.29. Então, 150− 156 σ = −0.55 Portanto, σ = 150−156−0.55 = 10.9091. Logo, P (X > 169) = 1− P (Z ≤ 1.19) = 0.117. (a) Falso (b) Verdadeiro (c) Falso (d) Falso (e) Falso 13. Problema Um dado agente de telemarketing consegue vender seu produto, em média, para 18% dos clientes contactados. Cada venda lhe rende 3 reais. Além desse valor fixo, para estimular os funcionários, a empresa onde trabalha oferece uma gratificação extra de 100 reais para aqueles que conseguirem realizar ao menos 200 vendas no mês. Caso faça 1000 ligações, qual é a probabilide do agente receber, no total, ao menos 700 reais em um único mês? (Não utilizar correção de continuidade.) 7 (a) 0.010 (b) 0.886 (c) 1.000 (d) 0.056 (e) 0.891 Solução Seja X o número de vendas realizadas, então X ∼ Bin(n, p), onde n = 1000 e p = 0.18. Visto que np e n(1 − p) são suficientemente grandes, é possivel utilizar a aproximação da Binomial pela Normal Bin(n, p) ≈ N(µ = np, σ = √ np(1− p)) Logo, X ∼ N(180, 12.15), aproximadamente. O agente receberá 700 reais ou mais se realizar ao menos 200 vendas no mês. Portanto, a probabilidade desejada é dada por P (X ≥ 200) = 1− P (X < 200) = 1− P (X ≤ 199) = 0.056. (a) Falso (b) Falso (c) Falso (d) Verdadeiro (e) Falso 14. Problema Sabe-se que o tempo de vida útil das válvulas de uma certa marca de amplificador é expo- nencialmente distribúıdo com média de 60 meses. O guitarrista da banda “Probabilistas do Sucesso” usou sua guitarra por 52 meses seguidos e sua banda ainda tem mais 9 meses para fechar a turnê. A probabilidade de que a banda termine sua turnê sem necessidade de trocar as válvulas é aproximadamente: (a) 1.00 (b) 0.42 (c) 0.86 (d) 0.14 (e) 0.00 Solução Seja X a variável aleatória que representa o tempo de vida útil das válvulas. Sabemos que E(X) = 60, então X ∼ Exp(1/60). Como a função distribuição da variável aleatória X é F (x) = 1− e−0.02x, segue que a probabilidade desejada é dada por P (X > 52 + 9|X > 52) = P (X > 9) = 1− F (9) = 1− (1− e−0.02×9) = 0.86 (a) Falso (b) Falso (c) Verdadeiro (d) Falso (e) Falso 8
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