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● Introdução A análise volumétrica é uma técnica analítica baseada na medida exata de um volume de uma soluçãopadrão necessário para reagir completamente com o constituinte desejado da amostra. Numa titulação ácidobase ocorre uma reação completa entre um ácido e uma base (neutralização): ácido + base → sal + água Exemplo: HCl(aq) + NaOH(aq) → NaCl(aq) + H2O(l) O ponto de equivalência ocorre quando a quantidade de titulante adicionado é a quantidade exata necessária para reagir com todo o analito (o titulado), mas o que realmente se mede é o ponto final, que é indicado pela mudança súbita em um propriedade física da solução. Os métodos para determinar o quanto de analito foi consumido incluem, entre outras, a mudança de cor de um indicador. O indicador é um composto com uma propriedade física (normalmente a cor) que muda quando próximo ao ponto de equivalência. A mudança é causada pelo aparecimento de um excesso de titulante. ● Objetivo Preparar solução de NaOH~0,1M e realizar a padronização a partir da titulação contra solução do padrão primário de biftalato de potássio. ● Material e Métodos Recipiente de vidro Recipiente de plástico Proveta de 1L (duas) Proveta de 50 mL Bastão de vidro (dois) Funil Pisseta Suporte Garra para bureta Bureta Bécher (dois) Erlenmeyer (três) NaOH Água destilada Biftalato de potássio Fenolftaleína Pipeta ★ Preparo das soluções de NaOH e HCl ~0,1M Primeiramente, lavouse os frascos de vidro e de plástico, as provetas, os bastões de vidro e o funil com água da pia e água destilada. Foram adicionados 250 mL de água destilada à uma das provetas de 1L. Depois, adicionouse 4,2 mL de NaOH e a solução foi agitada com o bastão de vidro. Em seguida, adicionouse mais água destilada até que o menisco tangenciasse 500 mL. Para garantir essa exatidão, os últimos mL de água foram adicionados com uma pipeta. Agitouse novamente a solução, que posteriormente foi transferida para o frasco de plástico com o auxílio de um funil. Após toda a solução ter sido transferida, o frasco foi tampado e virado de cabeça para baixo 15 vezes para homogeneizar a solução. O mesmo procedimento foi feito para o preparo da solução de HCl, que foi transferido para o recipiente de vidro. ★ Padronização da solução de NaOH~0,1M Rinsouse e encheuse a bureta com a solução de NaOH e o volume foi aferido escoando o excesso em um bécher. Em um erlenmeyer adicionouse 5 mL de biftalato de potássio, preparado pela professora, e aproximadamente 40 mL de água destilado, medidos com uma proveta de 50 mL. Acrescentouse também de 3 a 4 gostas de fenolftaleína. A titulação foi iniciada até que fosse notada uma coloração rosa clara permanente na solução. Foram necessárias 3 execuções para achar um resultado condizente. ● Dados, Cálculos e Resultados 1. Preparo das soluções Tabela 1: Dados utilizados nos cálculos para o preparo da solução de NaOH Concentração (p/v) Peso molar (g.mol 1 ) 50% 40,00 M=n/V ∴ M*V=n ∴ 0,1*0,5=n ∴ n=0,05 mol 1 mol ______ 40,00g 0,05 mols ___ m ∴ m=2,00g V=2*m ∴ V=4,00mL de NaOH Utilizouse uma alíquota de 4,2mL de NaOH devido a sua viscosidade. Tabela 2: Dados utilizados nos cálculos para o preparo da solução de HCl Concentração (p/p) Peso molar (g.mol 1 ) Densidade (g.mL 1 ) 37% 36,46 1,19 100g de solução ____ 37g de HCl puro 1,19g ________ m ∴ m=0,4403g de HCl puro em 1mL Em 1L, m=440,3g 36,46g de HCl _____ 1 mol 440,3g __________ n ∴ n=12,08 mols de HCl M HCl 37%(p/p) =12,08 mol/L 12,08M * V = 0,1M * 500mL ∴ V=4,1 mL de HCl 37% (p/p) 2. Padronização do NaOH Molaridade do padrão primário Tabela 3: Dados do Biftalato de potássio Concentração (g/L) Massa molar (g/mol) Ka 2 40,8002 204,22 3,1.10 6 M = 40,8002/204,22 = 0,1998 mol/L Curva de Titulação 25 mL de solução 0,1000M a) 0,0mL de NaOH HFt 1 ⇄ H + + Ft 2 0,1000 x x 3,1.10 6 = x²/(0,1000x) ≅ x²/0,1000 ∴ x = 5,56.10 4 pH = log(x) = 3,25 b) 12,5mL de NaOH pH = pKa 2 = 5,51 c) 25,0mL de NaOH HFt 1 + H 2 O ⇄ H 2 Ft + OH 0,1000 x x Kh = Kw/Ka 2 = 1.10 14 \3,1.10 6 = 3,2.10 9 3,2.10 9 = x²/(0,1000x) ≅ x²/0,1000 ∴ x = 5,56.10 4 pH = 14 + log(x) = 9,25 d) 25,10 mL de NaOH 0,1*25,00 = M Bif *50,10 ∴ M Bif = 0,04990 mol/L 0,1*25,10 = M NaOH *50,10 ∴ M NaOH = 0,05010 mol/L Excesso de OH : 0,05010 0,04990 = 2.10 4 mol/L pH = 14 + log(2.10 4 ) = 10,30 e) 26,00 mL de NaOH 0,1*25,00 = M Bif *51,00 ∴ M Bif = 0,04902 mol/L 0,1*26,10 = M NaOH *51,00 ∴ M NaOH = 0,05098 mol/L Excesso de OH : 0,05098 0,04902 = 1,96.10 3 mol/L pH = 14 + log(1,96.10 3 ) = 11,29 Resultado Titulação Volume de NaOH 1ª 10,7 mL 2ª 10,85 mL 3ª 10,8 mL Média: 10,82 A primeira titulação foi desconsiderada visto que destoou em mais de 1mL das demais. Sendo assim, o volume de NaOH gasto foi 10,82 ± 1 mL. Logo, a molaridade da solução de NaOH é: M Bif *V Bif = M NaOH *V NaOH 0,1998*5 = M NaOH *10,82 M NaOH = 0,09233 mol/L ● Conclusão O resultado obtido (0,09233 M) foi dentro do esperado, um valor bem próximo a 0,1M, considerandose então que o objetivo foi alcançado, ou seja, a padronização da solução de NaOH com solução de biftalato de sódio foi feita corretamente. ● Referências SKOOG, D.A; WEST, D.M; HOLLER, F.J; CROUCH, S.R; Fundamentos de Química Analítica, Tradução da 8ª Edição norteamericana, Editora Thomson, São PauloSP, 2006.
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