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Gabarito da Terceira Prova de Ca´lculo I -2006.2 Primeira questa˜o a) Integral definida de um polinoˆmio. ∫ 1 −1 3x7 − 10x4dx = ( 3 8 x8 − 10 5 x5 )∣∣∣∣1 −1 = −4. b) Substituic¸a˜o. Fazendo u = tg(x), temos du = sec2(x)dx, e enta˜o∫ pi 4 0 etg(x) sec2(x)dx = ∫ 1 0 eudu = e− 1 c) Integrac¸a˜o por partes. ∫ x 1 2 ln xdx = 2 3 x 3 2 ln(x)− ∫ 2 3 x 3 2 1 x dx = 2 3 x 3 2 ln(x)− 2 3 ∫ x 1 2dx = 2 3 x 3 2 ln(x)− 4 9 x 3 2 + C d) Substituic¸a˜o trigonome´trica. Fazendo x = 2sen(u), temos dx = 2 cos(u)du, e enta˜o∫ x2√ 4− x2dx = ∫ 4sen2(u) 2 cos(u) 2 cos(u)dxu = 4 ∫ 1− cos(2u) 2 dx = 2 ∫ 1− cos(2u)dx = 2(u− 1 2 sen(2u)) + C = 2arcsen( x 2 )− x 2 √ 4− x2 + C e) Frac¸o˜es parciais. x2 − 7x+ 12 = 0→ x = 3 ou 4. Assim, 3 x2 − 7x+ 12 = A x− 3 + B x− 4 → A = −3 e B = 3. Logo, ∫ 3 x2 − 7x+ 12 dx = ∫ −3 x− 3dx+ ∫ 3 x− 4 dx = = −3 ln |x− 3|+ 3 ln |x− 4|+ C = 3 ln |x− 4| |x− 3| + C Segunda questa˜o a) Veja esboc¸o da regia˜o no final do gabarito. b) Seja A a a´rea procurada. Enta˜o A = ∫ 1 −1 (|x| − x2) dx = ∫ 0 −1 (|x| − x2) dx+ ∫ 1 0 (|x| − x2) dx = ∫ 0 −1 (−x− x2) dx+ ∫ 1 0 ( x− x2) dx = −(x2 2 + x3 3 ) ∣∣∣∣0 −1 + ( x 2 − x 3 3 ) ∣∣∣∣1 0 = 1 6 + 1 6 = 1 3 Terceira questa˜o Seja V o volume procurado. A a´rea da secc¸a˜o transversal perpendicular ao eixo −−→ OX em um ponto arbitra´rio x e´ dada por A(x) = piy2 = pi |x| = pix. Assim, V = ∫ 3 1 A(x)dx = ∫ 3 1 pixdx = pi x2 2 ∣∣∣∣3 1 = pi 2 (9− 1) = 4pi Quarta questa˜o Seja h(x) = ∫ x 1 et 3 dt e g(x) = x4. Enta˜o f(x) = h(g(x)). Pelo Teorema Fundamental do Ca´lculo h′(x) = ex 3 . Portanto, pela regra da cadeia, temos f ′(x) = g′(x)h′(g(x)) = 4x3e(x 4)3 = 4x3ex 12 Agora, em x = 3 obtemos f ′(3) = 4(3)3e3 12 = 108e3 12
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