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UNIVERSIDADE FEDERAL DE PERNAMBUCO CCEN – DEPARTAMENTO DE MATEMA´TICA – A´REA2 CA´LCULO DIFERENCIAL E INTEGRAL 2 TERCEIRO EXERC´ICIO ESCOLAR SEGUNDO SEMESTRE DE 2014 28 de Janeiro de 2015 Respostas sem ca´lculos ou justificativas na˜o sera˜o aceitas. 1. Dada a integral iterada ∫ pi 0 [∫ pi x sen y y dy ] dx, (a) (0,5) Esboce a regia˜o de integrac¸a˜o. Resoluc¸a˜o: A regia˜o e´ dada pelas desigualdades x ≤ y ≤ pi com 0 ≤ x ≤ pi. 1 2 3 4 5 x y (b) (1,0) Inverta a ordem de integrac¸a˜o. Resoluc¸a˜o: Escrevendo x como func¸a˜o de y, observamos que a regia˜o pode ser descrita limitando 0 ≤ x ≤ y com 0 ≤ y ≤ pi. (c) (1,0) Calcule a integral. Resoluc¸a˜o: ∫ pi 0 [∫ pi x sen y y dy ] dx = ∫ pi 0 [∫ y 0 sen y y dx ] dy = ∫ pi 0 sen y y x ∣∣∣∣y 0 dy = ∫ pi 0 sen y dy = (− cos y)|pi0 = 2. 2. (3,0) Calcule ∫∫∫ S √ x2 + y2 dxdydz, onde S e´ a regia˜o do espac¸o limitada lateralmente pelo cilindro x2 + y2 = 1, superiormente pelo plano z = 4 e inferiormente pelo parabolo´ide z = 1− (x2 + y2). Resoluc¸a˜o: A regia˜o de integrac¸a˜o e´ da forma x y z Usando coordenadas cil´ındricas temos 1− r2 ≤ z ≤ 4, 0 ≤ r ≤ 1, 0 ≤ θ ≤ 2pi. Assim, pelo teorema de mudanc¸a de coordenadas∫∫∫ S √ x2 + y2 dxdydz = ∫ 2pi 0 ∫ 1 0 ∫ 4 1−r2 r · r dz dr dθ = 2pi ∫ 1 0 r2 · z ∣∣∣∣4 1−r2 dr = 2pi ∫ 1 0 (3r2 + r4) dr = 2pi ( r3 + r5 5 )∣∣∣∣1 0 = 12pi 5 . 3. (3,0) Calcule ∫∫∫ S e(x 2+y2+z2)3/2 dxdydz, onde S e´ o so´lido limitado pela esfera de centro na origem e de raio 4 e abaixo do cone z = √ 3(x2 + y2), contido no primeiro octante. Resoluc¸a˜o: Usando coordenadas esfe´ricas temos que a esfera dada tem equac¸a˜o ρ = 4, enquanto que o cone z = √ 3(x2 + y2) agora tera´ equac¸a˜o ρ cosφ = √ 3[(ρ senφ cos θ)2 + (ρ senφ sen θ)2], donde obtemos tanφ = 1/ √ 3, ou seja, φ = pi/6. Assim, uma vez que S esta´ contido na esfera de raio 4 temos 0 ≤ ρ ≤ 4. Ale´m disso, como S esta´ abaixo do cone e acima do plano xy temos pi 6 ≤ φ ≤ pi 2 , e, por u´ltimo, 0 ≤ θ ≤ pi 2 , uma vez que S se encontra no primeiro octante. Da´ı, usando o teorema de mudanc¸a de coordenadas∫∫∫ S e(x 2+y2+z2)3/2 dxdydz = ∫ pi/2 0 ∫ pi/2 pi/6 ∫ 4 0 e(ρ 2)3/2ρ2 senφdρ dφ dθ = pi 2 · (− cosφ) ∣∣∣pi/2 pi/6 · 1 3 eρ 3 ∣∣∣∣4 0 = pi √ 3 12 ( e64 − 1) . x y z 4. (1,5) Calcule ∫ 4 0 ∫ (y/2)+1 y/2 2x− y 2 dxdy aplicando a transformac¸a˜o u = 2x− y 2 , v = y 2 . Resoluc¸a˜o: Dos limites de integrac¸a˜o temos que a regia˜o de integrac¸a˜o R, no plano xy, e´ a regia˜o dada por y 2 ≤ x ≤ y 2 + 1, 0 ≤ y ≤ 4. Resolvendo as equac¸o˜es da transformac¸ao dada para x e y em termos de u e v obtemos u+ v = 2x− y 2 + y 2 = x, 2v = y. Assim, Plano xy Plano uv Equac¸a˜o simplificada x = y/2 u+ v = v u = 0 x = y/2 + 1 u+ v = v + 1 u = 1 y = 0 2v = 0 v = 0 y = 4 2v = 4 v = 2 Ou seja, a transformac¸a˜o relaciona a regia˜o R com o retaˆngulo 0 ≤ u ≤ 1, 0 ≤ v ≤ 2. O Jacobiano da func¸a˜o e´ ∂(x, y) ∂(u, v) = det ( 1 1 0 2 ) = 2. Finalmente, usando o teorema de mudanc¸a de coordenadas∫ 4 0 ∫ (y/2)+1 y/2 2x− y 2 dxdy = ∫ 2 0 ∫ 1 0 u ∣∣∣∣∂(x, y)∂(u, v) ∣∣∣∣ dudv = ∫ 2 0 ∫ 1 0 2u dudv = 2.
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