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LISTA 1 DE EXERCÍCIOS SOBRE LIMITES Definição 1: Seja f uma função definida para todo número em algum intervalo aberto contendo a, exceto possivelmente no próprio a. O limite de 𝒇(𝒙) quando 𝒙 tende a a será 𝑳, escrito como lim 𝑥→𝑎 𝑓( 𝑥) = 𝐿 se a seguinte afirmativa for verdadeira: Dado 𝜀 > 0 qualquer, existir um 𝛿 > 0 tal que Se 0 < |𝑥 − 𝑎| < 𝛿 então |𝑓(𝑥) − 𝐿| < 𝜀 Exemplo 1: Seja a função definida por 𝑓(𝑥) = 4𝑥 − 7 e suponha que lim 𝑥→3 𝑓(𝑥) = 5. a) Determine um 𝛿 > 0 tal que 0 < |𝑥 − 3| < 𝛿 então |𝑓(𝑥) − 5| < 0,01. b) Usando propriedades das desigualdades, determine 𝛿 > 0, tal que a afirmativa na parte a) seja verdadeira. Resolução: a) Como 𝜀 = 0,01 Precisamos de um valor 𝑥1 tal que 𝑓(𝑥1) = 4,99 e um valor 𝑥2 tal que 𝑓(𝑥2) = 5,01, isto é, precisamos de 𝑥1 e 𝑥2 tais que 4𝑥1 − 7 = 4,99 => 𝑥1 = 4,99 + 7 4 => 𝑥1 = 11,99 4 => 𝑥1 = 2,9975 4𝑥1 − 7 = 5,01 => 𝑥1 = 5,01 + 7 4 => 𝑥1 = 12,01 4 => 𝑥1 = 3,0025 Como 3 − 2,9975 = 0,0025 e 3,0025 − 3 = 0,0025 escolhemos 𝛿 = 0,0025 de tal forma que temos a afirmativa Se 0 < |𝑥 − 𝑎| < 0,0025 então |𝑓(𝑥) − 5| < 0,01 b) Como 𝑓(𝑥) = 4𝑥 − 7, |𝑓(𝑥) − 5| = |(4𝑥 − 7) − 5| = |4𝑥 − 12| = 4|𝑥 − 3| Queremos determinar 𝛿 > 0, tal que Se 0 < |𝑥 − 3| < 𝛿 então |𝑓(𝑥) − 5| < 0,01 Se 0 < |𝑥 − 3| < 𝛿 então 4|𝑥 − 3| < 0,01 Se 0 < |𝑥 − 3| < 𝛿 então |𝑥 − 3| < 0,0025 Essa afirmativa indica que uma escolha adequada para 𝛿 é 0,0025. Então, temos o seguinte argumento: 0 < |𝑥 − 3| < 0,0025 <=> 4|𝑥 − 3| < 4(0,0025) <=> <=> |4𝑥 − 12| < 0,01 <=> |(4𝑥 − 7) − 5| < 0,01 <=> |𝑓(𝑥) − 5| < 0,01. Mostramos então que se 0 < |𝑥 − 3| < 0,0025 então |𝑓(𝑥) − 5| < 0,01 Exemplo 2: Utilizando a definição 1, prove que o limite lim 𝑥→3 (4𝑥 − 7) = 5. Resolução: Uma das exigências da definição é que f(x) seja definida em todo número de algum intervalo aberto contendo 3, exceto possivelmente 3. Como 4𝑥 − 7 está definida em todos os reais, qualquer intervalo que se tome contendo 3 satisfará tal requisito. Agora é necessário provar que ∀𝜀 > 0 existe 𝛿 > 0, tal que Se 0 < |𝑥 − 3| < 𝛿 então |(4𝑥 − 7) − 5| < 𝜀 Temos que |(4𝑥 − 7) − 5| = |4𝑥 − 12| = 4|𝑥 − 3|. Então pode-se escrever a afirmação anterior por se 0 < |𝑥 − 3| < 𝛿 então 4|𝑥 − 3| < 𝜀 que é equivalente a se 0 < |𝑥 − 3| < 𝛿 então |𝑥 − 3| < 𝜀 4 Esta última afirmativa indica 𝜀 4 é um 𝛿 que satisfaz à segunda condição. Tendo escolhido o 𝛿 pode-se escrever o seguinte argumento: 0 < |𝑥 − 3| < 𝛿 4|𝑥 − 3| < 4𝛿 |4𝑥 − 12| < 4𝛿 |(4𝑥 − 7) − 5| < 4𝛿 |𝑓(𝑥) − 5| < 𝜀 , pois 𝛿 = 𝜀 4 . Portanto, estabelecido que 𝛿 = 𝜀 4 , o exemplo 2 está provado. Nos exercícios 1 a 5 são dados 𝑓(𝑥), 𝑎 e 𝐿, bem como lim 𝑥→𝑎 𝑓(𝑥) = 𝐿 . a) Usando argumentos similares àquele do exemplo 1 , determine 𝛿 > 0 para 𝜖 dado, tal que se 0 < |𝑥 − 𝑎| < 𝛿 então |𝑓(𝑥) − 𝐿| < 𝜀. b) Usando propriedades das desigualdades, determine 𝛿 > 0, tal que a afirmativa anterior seja verdadeira para o valor de 𝜀. 1. lim 𝑥→4 (𝑥 − 1) = 3, 𝜀 = 0,02 2. lim 𝑥→3 (2𝑥 + 4) = 10, 𝜀 = 0,01 3. lim 𝑥→1 (5𝑥 − 3) = 2, 𝜀 = 005 4. lim 𝑥→−1 (3 − 4𝑥) = 7, 𝜀 = 0,02 5. lim 𝑥→3 𝑥2 = 9, 𝜀 = 0005 Nos exercícios 6 a 10 prove que o limite é o número indicado, aplicando a definição 1. 6. lim 𝑥→2 7 = 7 7. lim 𝑥→4 (2𝑥 + 1) = 9 8. lim 𝑥→−1 (5𝑥 + 8) = 3 9. lim 𝑥→−1 𝑥2−1 𝑥+1 = −2 10. lim 𝑥→−3 (5 − 𝑥 − 𝑥2) = −1 Analise
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