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Gabarito Detalhado Cálculo Avançado: Números Complexos e Equações Diferenciais Unidade 1 Tópico 2 – Funções Elementares com Variáveis Complexas Questão 1: Calcule o valor da função 𝑓𝑓(𝑧𝑧) = 𝑥𝑥2 + 𝑥𝑥2𝑦𝑦2 − 𝑖𝑖(𝑦𝑦2𝑥𝑥 + 𝑦𝑦3) nos pontos dados: 𝑎𝑎) 𝑧𝑧 = (𝑥𝑥, 𝑦𝑦) = (2, 3) Resolução: Basta substituir 𝑥𝑥 por 2 e 𝑦𝑦 por 3 𝑓𝑓(2 + 3𝑖𝑖) = 22 + 22 ⋅ 32 − 𝑖𝑖(32 ⋅ 2 + 33) = 4 + 4 ⋅ 9 − 𝑖𝑖(9 ⋅ 2 + 27) = 4 + 36 − 𝑖𝑖(18 + 27) = 40 − 45𝑖𝑖. 𝑏𝑏) 𝑧𝑧 = 2 + 4𝑖𝑖 Resolução: Basta substituir 𝑥𝑥 por 2 e 𝑦𝑦 por 4 𝑓𝑓(2 + 4𝑖𝑖) = 22 + 22 ⋅ 42 − 𝑖𝑖(42 ⋅ 2 + 33) = 4 + 4 ⋅ 16 − 𝑖𝑖(16 ⋅ 2 + 64) = 4 + 64 − 𝑖𝑖(32 + 64) = 68 − 96𝑖𝑖. 𝑐𝑐) 𝑧𝑧 = 5𝑖𝑖 Resolução: Basta substituir 𝑥𝑥 por 0 e 𝑦𝑦 por 5 𝑓𝑓(5𝑖𝑖) = 02 + 02 ⋅ 52 − 𝑖𝑖(52 ⋅ 0 + 53) = 0 + 0 ⋅ 25 − 𝑖𝑖(25 ⋅ 0 + 125) = 0 − 𝑖𝑖(125) = −125𝑖𝑖. 𝑑𝑑) 𝑧𝑧 = 3 Resolução: Basta substituir 𝑥𝑥 por 3 e 𝑦𝑦 por 0 𝑓𝑓(3) = 32 + 32 ⋅ 02 − 𝑖𝑖(02 ⋅ 3 + 03) = 9 + 9 ⋅ 0 − 𝑖𝑖(0 ⋅ 3 + 0) = 9 − 𝑖𝑖(0) = 9. Questão 2: Determine a parte real e a parte imaginária das funções complexas: 𝑎𝑎) 𝑓𝑓(𝑧𝑧) = 2𝑖𝑖𝑧𝑧 + 6𝑧𝑧̅ Resolução: Para encontrar a parte real e imaginária precisamos trocar o número complexo 𝑧𝑧 pela sua forma algébrica 𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦, assim 𝑓𝑓(𝑧𝑧) = 2𝑖𝑖𝑧𝑧 + 6𝑧𝑧̅ 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = 2𝑖𝑖(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) + 6(𝑥𝑥 − 𝑖𝑖𝑦𝑦) pois, 𝑧𝑧̅ = 𝑥𝑥 − 𝑖𝑖𝑦𝑦. Como 𝑖𝑖2 = −1 temos 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = 2𝑖𝑖𝑥𝑥 + 2𝑖𝑖2𝑦𝑦 + 6𝑥𝑥 − 6𝑖𝑖𝑦𝑦 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = 2𝑖𝑖𝑥𝑥 − 2𝑦𝑦 + 6𝑥𝑥 − 6𝑖𝑖𝑦𝑦 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = 6𝑥𝑥 − 2𝑦𝑦����� Re�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� + 𝑖𝑖 (2𝑥𝑥 − 6𝑦𝑦)������� Im�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� . Portanto, temos que Re�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� = 6𝑥𝑥 − 2𝑦𝑦 e Im�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� = 2𝑥𝑥 − 6𝑦𝑦. 𝑏𝑏) 𝑓𝑓(𝑧𝑧) = |𝑧𝑧|2 Resolução: Para encontrar a parte real e imaginária precisamos trocar o número complexo 𝑧𝑧 pela sua forma algébrica 𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦, assim 𝑓𝑓(𝑧𝑧) = |𝑧𝑧|2 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = |𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦|2 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = ��𝑥𝑥2 + 𝑦𝑦2� 2 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = 𝑥𝑥2 + 𝑦𝑦2����� Re�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� . Portanto, temos que Re�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� = 𝑥𝑥2 + 𝑦𝑦2 e Im�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� = 0. 𝑐𝑐) 𝑓𝑓(𝑧𝑧) = 𝑒𝑒𝑧𝑧 + 2𝑖𝑖 Resolução: Para encontrar a parte real e imaginária precisamos trocar o número complexo 𝑧𝑧 pela sua forma algébrica 𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦, assim 𝑓𝑓(𝑧𝑧) = 𝑒𝑒𝑧𝑧 + 2𝑖𝑖 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = 𝑒𝑒𝑥𝑥+𝑖𝑖𝑖𝑖 + 2𝑖𝑖 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = 𝑒𝑒𝑥𝑥 cos(𝑦𝑦) + 𝑖𝑖𝑒𝑒𝑥𝑥sen(𝑦𝑦) + 2𝑖𝑖 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = 𝑒𝑒𝑥𝑥cos (𝑦𝑦)������� Re�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� + 𝑖𝑖 (𝑒𝑒𝑥𝑥sen(𝑦𝑦) + 2)����������� Im�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� . Portanto, temos que Re�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� = 𝑒𝑒𝑥𝑥cos (𝑦𝑦) e Im�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� = 𝑒𝑒𝑥𝑥sen(𝑦𝑦) + 2. 𝑑𝑑) 𝑓𝑓(𝑧𝑧) = 𝑧𝑧 𝑧𝑧̅ Resolução: Para encontrar a parte real e imaginária precisamos trocar o número complexo 𝑧𝑧 pela sua forma algébrica 𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦 e como 𝑧𝑧̅ = 𝑥𝑥 − 𝑖𝑖𝑦𝑦 temos que 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = 𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦 𝑥𝑥 − 𝑖𝑖𝑦𝑦 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = 𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦 𝑥𝑥 − 𝑖𝑖𝑦𝑦 ⋅ 𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦 𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = 𝑥𝑥2 + 𝑖𝑖𝑥𝑥𝑦𝑦 + 𝑖𝑖𝑥𝑥𝑦𝑦 + 𝑖𝑖2𝑦𝑦2 𝑥𝑥2 + 𝑖𝑖𝑥𝑥𝑦𝑦 − 𝑖𝑖𝑥𝑥𝑦𝑦 − 𝑖𝑖2𝑦𝑦2 sabendo que 𝑖𝑖2 = −1 temos que 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = 𝑥𝑥2 + 2𝑖𝑖𝑥𝑥𝑦𝑦 − 𝑦𝑦2 𝑥𝑥2 + 𝑦𝑦2 𝑓𝑓(𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) = 𝑥𝑥2 − 𝑦𝑦2 𝑥𝑥2 + 𝑦𝑦2����� Re�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� + 𝑖𝑖 2𝑥𝑥𝑦𝑦 𝑥𝑥2 + 𝑦𝑦2����� Im�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� . Portanto, temos que Re�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� = 𝑥𝑥 2−𝑖𝑖2 𝑥𝑥2+𝑖𝑖2 e Im�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� = 2𝑥𝑥𝑖𝑖 𝑥𝑥2+𝑖𝑖2 . Questão 3: Para quais valores de 𝑧𝑧 a função racional complexa 𝑓𝑓(𝑧𝑧) = (𝑧𝑧 + 2 − 𝑖𝑖)2 (𝑧𝑧 − 2 + 𝑖𝑖)2 não está definida? Resolução: No caso de uma divisão de duas funções polinomiais complexas, basta analisarmos onde o denominador é igual a zero, ou seja, (𝑧𝑧 − 2 + 𝑖𝑖)2 ≠ 0 𝑧𝑧 − 2 + 𝑖𝑖 ≠ 0 𝑧𝑧 ≠ 2 − 𝑖𝑖. Portanto a função 𝑓𝑓(𝑧𝑧) está definida em todos os números complexos exceto para 𝑧𝑧 = 2 − 𝑖𝑖, ou ainda Dom�𝑓𝑓(𝑧𝑧)� = {𝑧𝑧 ∈ ℂ: 𝑧𝑧 ≠ 2 − 𝑖𝑖}. Questão 4: Determine o conjunto dos números complexos que satisfazem a igualdade: 𝑎𝑎) Re(𝑧𝑧̅ + 1) = 4 Resolução: Trocando 𝑧𝑧 por 𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦 temos Re(𝑥𝑥 − 𝑖𝑖𝑦𝑦 + 1) = 4 assim, 𝑥𝑥 + 1 = 4, ou seja, 𝑥𝑥 = 3. E 𝑦𝑦 pode ser qualquer. Portanto a conjunto solução é 𝑆𝑆 = {𝑧𝑧 ∈ ℂ: 𝑥𝑥 = 3 𝑒𝑒 𝑦𝑦 ∈ ℝ}. 𝑏𝑏) |𝑧𝑧 + 1| − 𝑧𝑧 + 1 = 4 Resolução: Trocando 𝑧𝑧 por 𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦 temos |𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦 + 1| − (𝑥𝑥 + 𝑖𝑖𝑦𝑦) + 1 = 4 �(𝑥𝑥 + 1)2 + 𝑦𝑦2 − 𝑥𝑥 + 1 − 𝑖𝑖𝑦𝑦 = 4. Comparando a parte imaginária do lado esquerdo com a do direito temos 𝑦𝑦 = 0. Agora comparando a parte real do lado esquerdo com a do direito temos que �(𝑥𝑥 + 1)2 + 𝑦𝑦2 − 𝑥𝑥 + 1 = 4 substituindo 𝑦𝑦 = 0 concluímos �(𝑥𝑥 + 1)2 − 𝑥𝑥 + 1 = 4. Uma observação importante aqui é que não podemos simplesmente cancelar a raiz com o quadrado, pois 𝑥𝑥 + 1 pode ser tanto negativo quanto positivo. Assim �(𝑥𝑥 + 1)2 = 𝑥𝑥 + 3 (𝑥𝑥 + 1)2 = (𝑥𝑥 + 3)2 caímos em duas situações, a primeira 𝑥𝑥 + 1 = 𝑥𝑥 + 3 1 = 3 o que é um absurdo. Ou a segunda situação 𝑥𝑥 + 1 = −(𝑥𝑥 + 3) 𝑥𝑥 + 1 = −𝑥𝑥 − 3 2𝑥𝑥 = −4 𝑥𝑥 = −2. Concluímos assim que a única solução da equação é 𝑧𝑧 = −2. Questão 5: Prove que cosh(𝑥𝑥 + 𝑦𝑦) = cosh(𝑥𝑥) ⋅ cosh(𝑦𝑦) + senh(𝑥𝑥) ⋅ senh(𝑦𝑦). Resolução: Para provar a afirmação vamos utilizar a seguinte definição para cosseno e seno hiperbólico cosh(𝑥𝑥) = 𝑒𝑒𝑥𝑥 + 𝑒𝑒−𝑥𝑥 2 𝑒𝑒 𝑠𝑠𝑒𝑒𝑠𝑠ℎ(𝑥𝑥) = 𝑒𝑒𝑥𝑥 − 𝑒𝑒−𝑥𝑥 2 . Assim, cosh(𝑥𝑥 + 𝑦𝑦) = 𝑒𝑒𝑥𝑥+𝑖𝑖 + 𝑒𝑒−𝑥𝑥−𝑖𝑖 2 = 𝑒𝑒𝑥𝑥𝑒𝑒𝑖𝑖 + 𝑒𝑒−𝑥𝑥𝑒𝑒−𝑖𝑖 2 . Como o objetivo é chegar em cossenos e senos hiperbólicos apenas de 𝑥𝑥 ou 𝑦𝑦, vamos somar e subtrair os dois termos 𝑒𝑒𝑥𝑥𝑒𝑒−𝑖𝑖 4 𝑒𝑒 𝑒𝑒−𝑥𝑥𝑒𝑒𝑖𝑖 4 logo cosh(𝑥𝑥 + 𝑦𝑦) = 𝑒𝑒𝑥𝑥𝑒𝑒𝑖𝑖 + 𝑒𝑒−𝑥𝑥𝑒𝑒−𝑖𝑖 2 + 𝑒𝑒𝑥𝑥𝑒𝑒−𝑖𝑖 4 − 𝑒𝑒𝑥𝑥𝑒𝑒−𝑖𝑖 4 + 𝑒𝑒−𝑥𝑥𝑒𝑒𝑖𝑖 4 − 𝑒𝑒−𝑥𝑥𝑒𝑒𝑖𝑖 4 = 2𝑒𝑒𝑥𝑥𝑒𝑒𝑖𝑖 + 2𝑒𝑒−𝑥𝑥𝑒𝑒−𝑖𝑖 + 𝑒𝑒𝑥𝑥𝑒𝑒−𝑖𝑖 − 𝑒𝑒𝑥𝑥𝑒𝑒−𝑖𝑖 + 𝑒𝑒−𝑥𝑥𝑒𝑒𝑖𝑖 − 𝑒𝑒−𝑥𝑥𝑒𝑒𝑖𝑖 4 reorganizando os termos encontramos = 𝑒𝑒𝑥𝑥𝑒𝑒𝑖𝑖 + 𝑒𝑒𝑥𝑥𝑒𝑒−𝑖𝑖 + 𝑒𝑒−𝑥𝑥𝑒𝑒𝑖𝑖 + 𝑒𝑒−𝑥𝑥𝑒𝑒−𝑖𝑖 4 + 𝑒𝑒𝑥𝑥𝑒𝑒𝑖𝑖 − 𝑒𝑒𝑥𝑥𝑒𝑒−𝑖𝑖 − 𝑒𝑒−𝑥𝑥𝑒𝑒𝑖𝑖 + 𝑒𝑒−𝑥𝑥𝑒𝑒−𝑖𝑖 4 = 𝑒𝑒𝑥𝑥(𝑒𝑒𝑖𝑖 + 𝑒𝑒−𝑖𝑖) + 𝑒𝑒−𝑥𝑥(𝑒𝑒𝑖𝑖 + 𝑒𝑒−𝑖𝑖) 4 + 𝑒𝑒𝑥𝑥(𝑒𝑒𝑖𝑖 − 𝑒𝑒−𝑖𝑖) − 𝑒𝑒−𝑥𝑥(𝑒𝑒𝑖𝑖 − 𝑒𝑒−𝑖𝑖) 4 = (𝑒𝑒𝑥𝑥 + 𝑒𝑒−𝑥𝑥)(𝑒𝑒𝑖𝑖 + 𝑒𝑒−𝑖𝑖) 4 + (𝑒𝑒𝑥𝑥 − 𝑒𝑒−𝑥𝑥) (𝑒𝑒𝑖𝑖 − 𝑒𝑒−𝑖𝑖) 4 = � 𝑒𝑒𝑥𝑥 + 𝑒𝑒−𝑥𝑥 2 � � 𝑒𝑒𝑖𝑖 + 𝑒𝑒−𝑖𝑖 2 � + � 𝑒𝑒𝑥𝑥 − 𝑒𝑒−𝑥𝑥 2 � � 𝑒𝑒𝑖𝑖 − 𝑒𝑒−𝑖𝑖 2 � = cosh(𝑥𝑥) ⋅ cosh(𝑦𝑦) + senh(𝑥𝑥) ⋅ senh(𝑦𝑦). Uma outra maneira é iniciar em cosh(𝑥𝑥) ⋅ cosh(𝑦𝑦) + senh(𝑥𝑥) ⋅ senh(𝑦𝑦) e tentar chegar em cosh(𝑥𝑥 + 𝑦𝑦). Questão 6: Determine o valor de cada um dos itens a seguir: 𝑎𝑎) senh(1) = 𝑏𝑏) tanh(ln(2)) = 𝑐𝑐) cosh(ln(3)) = 𝑑𝑑) sech(0) = 𝑒𝑒) cossech(ln(−5)) = 𝑓𝑓) cotanh(ln(2)) − sech(ln(−2)) = Resolução: Para resolver os itens acima vamos utilizar a definição das funções trigonométricas hiperbólicas. 𝑎𝑎) senh(1) = 𝑒𝑒1 − 𝑒𝑒−1 2 = 𝑒𝑒 − 1𝑒𝑒 2 = 𝑒𝑒2 − 1 2𝑒𝑒 ≅ 1,175. 𝑏𝑏) tanh(ln(2)) = 𝑒𝑒ln(2) − 𝑒𝑒−ln(2) 𝑒𝑒ln(2) + 𝑒𝑒−ln(2) = 2 − 2−1 2 + 2−1 = 2 − 12 2 + 12 = 3 2 5 2 = 3 5 . 𝑐𝑐) cosh(ln(3)) = 𝑒𝑒ln(3) + 𝑒𝑒− ln(3) 2 = 3 + 13 2 = 10 3 2 = 10 6 = 5 3 . 𝑑𝑑) sech(0) = 2 𝑒𝑒0 + 𝑒𝑒−0 = 2 1 + 1 = 1. 𝑒𝑒) cossech(ln(−5)) = 2 𝑒𝑒ln(−5) − 𝑒𝑒−ln(−5) = 2 −5 − (−5)−1 = 2 −5 + 15 = 2 − 245 = − 10 24 = − 5 12 . 𝑓𝑓) cotanh(ln(2)) − sech(ln(−2))= 𝑒𝑒ln(2) + 𝑒𝑒− ln(2) 𝑒𝑒ln(2) − 𝑒𝑒−ln(2) − 2 𝑒𝑒ln(−2) + 𝑒𝑒− ln(−2) = 2 + 12 2 − 12 − 2 −2 − 12 = 5 2 3 2 − 2 − 52 = 5 3 + 4 5 = 37 15 .
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