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PROVA 1- 152110-A PROBABILIDADE B 11-04-2016 1- Seja 1 { 0,1,2,3,4 } um espaço amostral e A1 a álgebra de subconjuntos de 1 dada por A1={ {0,1}, {2}, {3,4},{0,1,2},{2,3,4} ,{0,1,3,4} , , 1 }. Seja P0 a Probabilidade definida em A1 tal que P0({2})= 3 1 e P0({3,4})= 9 1 a) Encontre os valores de P0(A) para todo subconjunto A de 1 que pertença a A1 Tabela 1-Valores de P0(A) para todo elemento da sigma álgebra A1 j Aj P0(Aj) 1 {0,1} 1-P(A2)-P(A3)= 9 5 2 {2} 3 1 3 {3,4} 9 1 4 {0,1,2} P(A1)+P(A2)= 9 8 5 {2,3,4} P(A2)+P(A3)= 9 4 6 { 0,1,3,4 } P(A1)+P(A3)= 3 2 9 6 7 2 1 8 0 b)Se 2 ={ 4,5,6,7 } é outro espaço e A2 ={{4},{7},{5,6}, {4,7},{5,6,7}, { 4,5,6 }, , 2 }é uma álgebra de subconjuntos de 2 , analise as funções X e Y definidas em 1 e tomando valores em 2 especificadas na Tabela 1 abaixo. Construa a Tabela 2 das Imagens inversas por X e por Y dos subconjuntos B em A2. Verifique se é possível preencher alguma das duas últimas colunas com os valores em B de uma Probabilidade induzida a partir do valor de P0 na imagem inversa de B por cada função (X ou Y). Comente o resultado. Tabela 1. Valores das funções X e Y quando u toma valores em 1 u 0 1 2 3 4 X(u) 6 6 7 5 6 Y(u) 6 5 4 7 7 Tabela 2 Imagens inversas por X e por Y dos subconjuntos B em A2 e (possíveis) valores PX(B) e PY(B) B X-1(B) Y-1(B) PX(B) PY(B) {4} {2} 0 3 1 {7} {2} {3,4} 3 1 9 1 {5,6} {0,1,3,4} {0,1} 3 2 9 5 {4,7} {2} {2,3,4} 3 1 9 4 A prova 1 teve diversas versões tendo exercícios semelhantes mas com argumentos diferentes. Duas versões diferentes do exercício 1 são aqui resolvidas porque em uma delas a função X não tem possibilidade de criar uma probabilidade na sigma álgebra 2 {5,6,7} {2,3,4} {0,1,3,4} 9 4 3 2 { 4,5,6 } {0,1,3,4} {0,1,2} 3 2 9 8 2 1 1 1 1 0 0 1- OUTRO EXEMPLO DO EXERCÍCIO 1. Seja 1 { 0,1,2,3,4 } um espaço amostral e A1 a álgebra de subconjuntos de 1 dada por A1={ {0,1}, {2}, {3,4},{0,1,2},{2,3,4} ,{0,1,3,4} , , 1 }. Seja P0 a Probabilidade definida em A1 tal que P0({2})= 9 1 e P0({3,4})= 9 1 Aj P(Aj) 1 {0,1} 1-P(A2)-P(A3)= 9 7 2 {2} 9 1 3 {3,4} 9 1 4 {0,1,2} P(A1)+P(A2)= 9 8 5 {2,3,4} P(A2)+P(A3)= 9 2 6 { 0,1,3,4 } P(A1)+P(A3)= 9 8 7 2 8 Encontre os valores de P0(A) para todo subconjunto A de 1 que pertença a A1. Se 2 ={ 4,5,6,7 } é outro espaço e A2 ={{4},{7},{5,6}, {4,7},{5,6,7}, { 4,5,6 }, , 2 }é uma álgebra de subconjuntos de 2 , analise as funções X e Y definidas em 1 e tomando valores em 2 especificadas na Tabela 1 abaixo. Construa a Tabela 2 das Imagens inversas por X e por Y dos subconjuntos B em A2. Verifique se é possível preencher alguma das duas últimas colunas com os valores em B de uma Probabilidade induzida a partir do valor de P0 na imagem inversa de B por cada função (X ou Y). Comente o resultado. Tabela 1. Valores das funções X e Y quando u toma valores em 1 u 0 1 2 3 4 X(u) 4 6 7 5 5 Y(u) 7 7 5 4 4 Tabela 2 Imagens inversas por X e por Y dos subconjuntos B em A2 e (possíveis) valores PX(B) e PY(B) B X-1(B) Y-1(B) PX(B) PY(B) {4} {0} 1 {3,4} não existe 9 1 {7} {2} {0,1} 9 7 {5,6} {1,3,4} {2} 9 1 {4,7} {0,2} {0,1,3,4} 9 8 {5,6,7} {1,2,3,4} {0,1,2} 9 8 { 4,5,6 } {0,1,3,4} {2,3,4} 9 2 9 1 9 1 2 1 1 1 0 2-1Se F(x) for uma Função Distribuição Acumulada verifique se a seguinte função também é: 32 ))x(F2( )x(F)x(F ; Observação: Faça a prova admitindo que F(x) seja do tipo absolutamente continuo, possuindo uma função densidade de probabilidade dada por x )x(F)x(f . Prova: a) Como F(x) é uma Função Distribuição Acumulada,ela satisfaz 0<=F(x)<=1. Então, o numerador de F2(x) é positivo porque F(x)>=0 e o denominador de F2(x) é positivo( porque F(x)<=1 e portanto 2-F(x)>0). Logo o quociente 32 ))x(F2( )x(F)x(F é sempre positivo. b) Então, o numerador de F2(x) é ≤ 1 porque F(x) ≤1. O denominador de F2(x) é≥ 1 porque 2-F(x) ≥2-1=1. Então como F(x) é menor ou igual a 1,o quociente 32 ))x(F2( )x(F)x(F é a divisão de um número menor ou igual a 1 por um número maior ou igual a 1. Portanto F2(x) é menor ou igual a 1. c) A derivada da Função F2(x) é desenvolvida abaixo: x )x(F )x(f 22 = ))x(F2( )x(f5)x(f))x(F ))x(F2( )x(f3)x(f))x(F2( ))x(F2( ))x(f())x(F2(3)x(f))x(F2( 3 23 O denominador de f2(x) é sempre positivo porque F(x)≤2. O numerador de f2(x) pode ser escrito como )x(f5)x(f))x(F que também é sempre positivo! Portanto x )x(F )x(f 22 é sempre positiva. d)Os limites de F2(x) quando x tende para -∞ e ∞ satisfazem as igualdades abaixo: 02 0limlim 32 ))x(F2( )x(F )x(F x x e 1 1 1limlim 32 ))x(F2( )x(F )x(F x x PORTANTO, F2(x) É UMA NOVA FUNÇÃO DISTRIBUIÇÃO ACUMULADA!!!! 2-2 Se F2(x) definir uma nova Função Distribuição Acumulada, mostre o que seriam F2(x) se a) F(x)=x se 0<x<1 ;F(x)=0 se x ≤ 0 ;F(x)=1 se x≥1; b) F(x)= 1-e-0.5x se x≥0 e F(x)=0 se x ≤0. a) ;)x(I )x2( )x( )x(F ]]1,0[32 1 xse 1(x)F e 0 xse 0)x(F 22 b) 0sex )e2( )e1( )x(F 3x5,0 x5,0 2 0 xse 0)x(F2 3. Multiplique f0(x) por uma constante C se f0(x) = xa-1(1-x) b-1 I [0,1)(x) de modo que f(x)= Cf0(x) se torne uma função densuidade de probabilidade com suporte no intervalo (0, 1) . Calcule a Função Distribuição Acumulada e o momento central de ordem p da distribuição de probabilidade. a b p 3 3 3 a) )!1ba( )!1b()!1a( !5 !2!2 60 2 5*4*3 1215*220 5 1 4 12 3 1dxx1xA 5 x 4 x 2 3 x dxxx2xdxxx21xdxx1xA 1 0 22 1 0 543 1 0 4321 0 221 0 22 Então f(x) =C f0(x) se C= 30 60 2 1 !5 !2!2 1 Logo f(x) =30 x3-1(1-x) 3-1 I [0,1)(x)= )!1b()!1a( )!1ba( x3-1(1-x) 3-1 I [0,1)(x) b) F(x) = 30 543 543x 0 543 x6x15x10 5 x 4 x2 3 x30 5 t 4 t2 3 t se 0≤<x≤1 F(x)=0 se x<0 e F(x)=1 se x>1. b)Momento Central de ordem p=3 b1- Momentos não centrais de ordens 1,2,3 desta distribuição Beta. 10 2310 2310 22'1 dxx1x30dxx1x30dxx1x30(x A integral poderá ser obtida se for observado que a função integranda é ao menos de uma constante adequada, a integral de uma função densidade Beta de parâmetros a=4 e b=3. A constante conveniente para isso seria 6012 720 !2!3 !6 )!13()!14( )!134( . Forçando obter uma integral de uma função Beta, multiplica-se e divide-se a integral em 10 231 dxx1x30 por 60: Então: 2 1 1* 60 30 dxx1x60 60 1 30 10 23'' 1 O que foi feito então para obter '1 ? i) escreveu-se a definição de 11 em termos de uma integral. (ainda a=4 e b=3 6 3 ba a 1* )!1b1a( )!1b()!11a( )!1b()!1a( )!1ba( dxx1x )!1b()!11a( )!1b1a( )!1b1a( )!1b()!11a( )!1b()!1a( )!1ba( dxx1x )!1b()!1a( )!1ba( dxx1x )!1b()!1a( )!1ba( x 1 0 23 1 0 231 0 22' 1 Da mesma forma deduz-se que 2857143.0 )1b(b )1a(a 7*6 4*3 5*6*7 60 *!4*5*6*7 !2!4*30 !7 !2!4 30dxx1x !2!4 !7 !7 !2!4 30dxx1x30dxx1x30(x 10 241 0 241 0 222' 2 0.1785714 )2b)(1b(b )2a)(1a(a 8*7*6 5*4*3 6*7*8 60 !5*6*7*8 !2!5*30 !8 !2!5 30dxx1x !2!5 !8 !8 !2!5 30dxx1x30dxx1x30(x 10 251 0 251 0 223' 3 O momento central de 3ª ordem da distribuição Beta(3,3) é dado por: 32'1'2'33 )(3)(3)( 8*7*6 5*4*3 - 3 32 6*7*8 56*278*7*8148*10836*60 6 3 6 3 6 33 6 3 7*6 4*3*3 3 =(2160-5184+4536-1512)/(8*7*63)=0 4. Multiplique g0(x) por uma constante K conveniente sendo g0(x) = xA-1e –Bx I [0,∞)(x) de modo que f(x)= Kg0(x) se torne uma função densidade de probabilidade com suporte no intervalo (0, ∞) . Calcule a Função Distribuição Acumulada e o momento central de ordem j. A B j 2 4 4 a) Cálculo da constante K dxedv ex u tomandopartes,por integração feita sido tendo 16 10 16 e 4 exdx 4 e 4 exdxxeA 4x- 0 x4 0 x4 0 x4 0 x4 0 x4 Então K=16 e f(x)= 16 x4xe I[0,∞)(x) Observar que a constante K satisfaz a igualdade: )A( B )!1A( B )!12( 416 AA2 b) Função Distribuição Acumulada F(x)=0 se x<0. Se x>=0,F(x) é dada abaixo: dxedv ex u tomandopartes,por integração feita sido tendo;0parax( xe4e11 16 e 16 4 e x16 16 e 16 4 e t16dtte16)x(F 4x- x4x4 x4x4x 0 t4 x 0 t4 x 0 t4 c)Momento central de ordem 4. Para calcular o momento central de ordem 4, pode-se utilizar sua relação com os momentos não centrasi de ordem até 4. c1- Momentos não centrais de ordens 1,2,3 e 4 desta distribuição Gama ( 4,2 ). 424 )!13()!12( 4dxex)!13( 44 )!13()!12( 4dxex16dxxe16x 3 2 0 x42 3 30 2 x42 0 x4' 1 A integral foi obtida observando que a função integranda é ao menos de uma constante adequada, a integral de uma função densidade Gama de parâmetros alfa=3 e beta=4. A constante conveniente para isso seria 34 )!13( . Forçando obter uma integral de uma função Gama, multiplica-se e divide-se a integral em 0 x420 x4'1 dxex16dxxe16x por 34 )!13( : 424 )!13()!12( 4dxex)!13( 44 )!13()!12( 4dxex16dxxe16x 3 2 0 x42 3 30 2 x42 0 x4' 1 Da mesma forma deduz-se que '2 224 2 0 x43 4 4 2 0 x43 0 x43 0 x42 )1( 4 3*2 4 )!14( )!12( 4dxex )!14( 4 4 )!14( )!12( 4dxex16dxe16xdxxe16x '3 335 2 0 x44 5 5 2 0 x44 0 x43 )2)(1( 4 4*3*2 4 )!15( )!12( 4dxex )!15( 4 4 )!15( )!12( 4dxex16dxxe16x '4 446 2 0 x44 6 6 2 0 x45 0 x44 )3)(2)(1( 4 5*4*3*2 4 )!16( )!12( 4dxex )!16( 4 4 )!16( )!12( 4dxex16dxxe16x O momento central de 4ª ordem da distribuição Gama(2,4) é dado por: 43'12'2'3'4 )()(46)(4)(4 32 3 64 6 256 24 4 48144192120 4 23 4 4*3*26 4 2*24*4 4 120 4 4 444 =0.09375 5-Uma probabilidade P em (R, B) tem Função Distribuição Acumulada dada por: F(x)=0 se x ≤0; F(x)= 6x2 − 8x3 + 3x4 se 0 ≤x≤1 e F(x)=1 se x≥1 Seja A= (-∞, 0.5); B=(0.3, ∞) . Determine P(A|B);Se ))x(F2)(x(F)x(F2 for a Função Distribuição acumulada referente a uma probabilidade P* no espaço (R, B), determine P*(A|B). OBSERVAÇÃO: ))x(F2)(x(F)x(F2 TEM DERIVADA em relação a x dada por x )x(F )x(f 22 =2f(x)-2F(x)f(x)=2f(x)(1-F(x)). Logo 0)x(f 2 . Então F2(x) é crescente. éumaFDA)x(porqueF0limlim ))x(F2)(x(F)x(F xx 2 e 1)x(F2)(x(F)x(F xx limlim 2 porque F(x) é uma FDA. Então F2(x) também é uma FUNÇÃO DISTRIBUIÇÃO Acumulada. f(x)= 12x − 24x2 + 12x3 com suporte em (0,1) f(x)=12x(1- 2x+x2) logo alfa=2 e beta=3 P(A)=F(0.5)=0.6875 F(0.3)= 0.3483 P(B)=1-F(0.3)=1-0.3483=0.6517 P(A∩B)=F(0.5)-F(0.3)=0.3392 6517.0 3392.0 )B|A(P =0.5204849 P*(A)=0.6875*(2-0.6875)= 0.9023438 F2(0.3)= 0.3483*(2-0.3483)= 0.5752871 F2(0.5)= 0.6875*(2-0.6875)= 0.6875*1.3125=0.9023438 P*(B)=1-F2(0.3)=1-0.5752871=0.4247129 P*(A∩B)=F2(0.5)-F2(0.3)= 0.9023438-0.5752871=0.3270567 4247129.0 3270567.0 )B|A(*P =0.7700654
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