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Professor: Rafael Valada Data: 25/06/2018 Turma: 1847 Nota: Modelagem de Sistemas Dinaˆmicos I AVALIAC¸A˜O DE GRAU 2 2018/1 Aluno: Q1: 1.6 pt Q2: 1.1 Q3: 1.2 Q4: 1.1 Q5: 2.0 ED: 1.8 TE: 1.0 VR: 0.8 Q1) Calcule as TRANSFORMADAS de Laplace abaixo: a) L { e− 5 4 t cos ( 3t 2 )} b) L {(t+ pi) ·U (t− pi)} c) L { 1 + t4 − 4e 56 t − 1 2 sinh (t) } d) L {t · [sin (2t) + cos (t)]} Q2) Um determinado cena´rio fenomenolo´gico associado ao escoamento de flu´ıdos levou ao seguinte problema de valor inicial: dy dt + 2y = 3 cos (5t) ; y (0) = 3. Obtenha a soluc¸a˜o particular para este PVI. Q3) Calcule as transformadas de Laplace INVERSAS abaixo: a) L −1 { s s2−8s+80 } b) L −1 { 3 s+ √ 5 − 5 s3 + 4s 7s2+3 } c) L −1 { 3e−s s2+6 } Q4) Sabemos que um PVI e´ a associac¸a˜o de uma equac¸a˜o diferencial e ao menos um condic¸a˜o associada a sua func¸a˜o soluc¸a˜o. Abaixo sa˜o listadas informac¸o˜es sobre os treˆs momentos que aparecem na obtenc¸a˜o da soluc¸a˜o de um determinado PVI atrave´s da transformada de Laplace: I) Ao calcularmos a transformda de Laplace de y′, obtemos sY (s)− 1; II) Ao isolarmos Y(s), obtemos a expressa˜o: Y (s) = f (s) (s+ 1) (s− 2) + g (s) , onde f(s) e g(s) sa˜o func¸o˜es de s; III) Para o ca´lculo da inversa e´ utilizado a te´cnica estudada de frac¸o˜es parciais. Qual das func¸o˜es abaixo e´ a u´nica que pode representar a soluc¸a˜o deste PVI: A) y (t) = 23e −t − 13e2t B) y (t) = t3 sin (t) + e2t cos (t) +U (t− 2pi) C) y (t) = 23e −t + 13e 2t D) y (t) = 23e t + 13e −2t E) y (t) = e−t + e2t Q5) A equac¸a˜o diferencial que modela a associac¸a˜o de uma massa m, a uma mola de constante ela´stica k e posta a oscilar em um meio que possui atrito viscoso de intensidade c, proporcional a velocidade instantaˆnea da massa e´ dada por: mx′′ + cx′ + kx = f(t). Adicionando as condic¸o˜es iniciais associadas a posic¸a˜o inicial, x(0) = x0 e a velocidade inicial, x ′(0) = v0 temos a formac¸a˜o de um PVI para o sistema massa mola. Admitindo valores nume´ricos para as constantes e para a func¸a˜o, chega-se a EDO na˜o homogeˆnea: x′′ + 5x′ + 6x = 2 sinh (t) , admita que o objeto foi abandonado do repouso da posic¸a˜o inicial x0 = 1 m. a) (0.3 pt) Aplique a transformada de Laplace sobre este PVI. b) (0.3 pt) Isole X(s) que aparece em (a). c) (1.4) Obtenha x(t), calculando a transformada inversa de X(s) obtido em (b). CONJUNTO DE EQUAC¸O˜ES y = up ⇒ y′ = pup−1u′, y = u v ⇒ y′ = u ′v − uv′ v2 y = u · v ⇒ y′ = u′v + uv′ L {f(t)} = ∞∫ 0 e−stf(t) dt, L {αf(t) + βg(t)} = αL {f(t)}+ βL {g(t)} L {αf(t) + βg(t)} = αL {f(t)}+ βL {g(t)} p(s) (s+ a)(s+ b) · · · (s+ z) = A (s+ a) + B (s+ b) + · · ·+ Z (s+ z) p(s) (s2 + a)(s2 + b) · · · (s2 + z) = As+B (s2 + a) + Cs+D (s2 + b) + · · ·+ Zs+K (s2 + z) L { eatf(t) } = L {f(t)}s→s−a L −1 {F (s− a)} = eatL −1 {F (s)} U (t− a) = 0, 0 ≤ t < a 1, t ≥ a 1−U (t− a) = 1, 0 ≤ t < a 0, t ≥ a L {f(t− a)U (t− a)} = e−asL {f(t)} L −1 {e−asF (s)} = U (t− a)L −1{F (s)}t→t−a L {tnf(t)} = (−1)n d n dsn L {f(t)} L { y(n)(t) } = snY (s)− sn−1y(0)− sn−2y′(0)− · · · − yn−1(0) L { y′′ } = s2Y (s)− sy(0)− y′(0), L {y′} = sY (s)− y(0), L {y} = Y (s) A = Esquerda da igualdade Sem o denominador do A ∣∣∣∣∣∣∣∣ s=valor que zera o denominador do A f (t) L {f (t)} = F (s) 1 1s tn n! sn+1 ekt 1s−k sin (kt) k s2+k2 cos (kt) s s2+k2 sinh (kt) k s2−k2 cosh (kt) s s2−k2
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