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EM 406 – Resistência dos Materiais I – Gabarito da Segunda Prova Arquivo: Gabarito EM406 P2 2008 Questão 2.doc Segunda questão da segunda prova EM 406 Resistência dos Materiais I - Gabarito – versão nov 2008 Prof. Renato Pavanello – PEDs Josué Labaki/Rafael Morini 1 Gabarito: Segunda Prova de Resistência dos Materiais I – EM406 27 de Novembro de 2008 Questão 2 (3,0 pontos): Uma estaca de madeira sustentando um píer desenvolve uma força de atrito f por unidade de comprimento da estaca sobre a porção de seu comprimento que esta submersa no solo (veja na figura). A intensidade da força de tração varia linearmente com a distância y a partir da base da estaca, isto é, cyf = , em que c é uma constante. O comprimento de submersão é 1L e a porção superior da estaca tem comprimento 2L . A carga na estaca é P , sua área de seção transversal é A e seu módulo de elasticidade é E. a) Mostre que a fórmula para o encurtamento da estaca é dada por: EA LLP 3 )3( 21 + =δ . Dica: A reação de apoio no ponto O é nula. b) Desenhe um diagrama mostrando a tensão de compressão Cσ varia ao longo do comprimento da estaca. Figura 1: Estaca de madeira enterrada. Solução Figura 2: Modelo de barra para a estaca do píer. EM 406 – Resistência dos Materiais I – Gabarito da Segunda Prova Arquivo: Gabarito EM406 P2 2008 Questão 2.doc Segunda questão da segunda prova EM 406 Resistência dos Materiais I - Gabarito – versão nov 2008 Prof. Renato Pavanello – PEDs Josué Labaki/Rafael Morini 2 A estaca proposta pela questão pode ser modelada como um problema de barra, como mostrado na Figura 2. Sabe-se também que a reação no apoio é a carga P. Resolvendo o problema da barra: 1) Eixos e convenções 2) Equação Diferencial 2 2 dEA u(x) p(x) dx = − (1) 3) Equação de carregamento 0 1 1 2 2p(x) cL x L c x L= − − + − (2) 4) Condições de Contorno e restrição u(x 0) 0= = (3) X 1 2N (x L L ) 0= + = (4) 5) Integração da equação diferencial 2 0 1 1 2 22 dEA u(x) cL x L c x L dx = − − − (5) ↓ ∫ 1 2 X 1 2 2 1 d 1EA u(x) N (x) cL x L c x L C dx 2 = = − − − + (6) ↓ ∫ 2 31 2 2 1 2 cL cEAu(x) x L x L C x C 2 6 = − − − + + (7) 6) Determinação das incógnitas e constantes de integração Substituindo (3) em (7), tem-se: 2 31 2 2 1 2 0 0 cL cEAu(x 0) x L x L C 0 C 0 2 6 = = = = − − − + ⋅ + = ��������� ��������� EM 406 – Resistência dos Materiais I – Gabarito da Segunda Prova Arquivo: Gabarito EM406 P2 2008 Questão 2.doc Segunda questão da segunda prova EM 406 Resistência dos Materiais I - Gabarito – versão nov 2008 Prof. Renato Pavanello – PEDs Josué Labaki/Rafael Morini 3 2C 0⇒ = (8) Substituindo (4) e (8) em (6), tem-se: ( ) ( )2X 1 2 1 1 2 2 1 2 2 11N (x L L ) cL L L L c L L L C 02= + = + − − + − + = ( )2 21 1 2 2 1 11cL L L L cL C 02+ − − + = 2 1 1 1C cL 2 = − (9) 7) Equações finais Substituindo (8) e (9) em (6) e (7), obtém-se as equações finais de esforço normal e deslocamento: 2 1 2 1 X 1 2 2 cLcN (x) cL x L x L 2 2 = − − − − (10) 2 2 31 1 2 2 cL cLcEAu(x) x L x L x 2 6 2 = − − − − (11) 8) Fórmula do encurtamento ( ) ( ) ( ) ( ) 1 2 2 2 31 1 1 2 2 1 2 2 1 2 3 3 3 2 3 2 2 1 1 1 1 2 1 1 2 1 1 2 2 2 1 1 2 1 1 2 u(x L L ) cL cL1 cL L L L L L L L EA 2 6 2 cL cL cL cL L cL cL L cL L L1 1 EA 2 6 2 2 EA 6 2 EA 6 2 cL L 3L cL L 3L EA 6 6EA δ = = + δ = + − − + − − + δ = − − − = − − = − + + δ = − = − + (o sinal negativo representa encurtamento). Por outro lado, do equilíbrio da estaca (Figura 2), sabe-se que: ( )( ) 2 1 X 1 1 cL1F 0 P cL L 2 2 = ⇒ = =∑ Assim, tem-se finalmente que: ( )1 2P L 3L3EAδ = + EM 406 – Resistência dos Materiais I – Gabarito da Segunda Prova Arquivo: Gabarito EM406 P2 2008 Questão 2.doc Segunda questão da segunda prova EM 406 Resistência dos Materiais I - Gabarito – versão nov 2008 Prof. Renato Pavanello – PEDs Josué Labaki/Rafael Morini 4 9) Tensão de compressão σσσσC ao longo da estaca X C N (x)(x) A σ = 2 1 2 1 C 1 2 2 cL1 c(x) cL x L x L A 2 2 ∴σ = − − − − Como 2 1 2P c L = , então: 1 2 C 2 22 1 1 P 2 1(x) x L x L 1 A L L σ = − − − − 1 2 C 2 2 22 1 10 0 P 2 1 P(0 x L ) x L x L 1 A L L A = = σ < < = − − − − = − ��������� ��������� ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 1 2 C 2 1 2 2 22 1 1 x L x L 2 2 22 1 1 P 2 1(L x L L ) x L x L 1 A L L P 2 1 x L x L 1 A L L − − σ < < + = − − − − = = − − − − ��������� ��������� C 2 C 1 2 P(x L ) A (x L L ) 0 σ = = − σ = + = Figura 3: Diagrama de tensão de compressão ao longo da estaca.
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