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[Curso: Tecnólogo em Gestão Ambiental [Disciplina: Cálculo Diferencial e Integral [Professor: [Contato do professor: e-mail e telefone [Aula: 01 [Título: Conceito Geral de Limites [Revisor(a): [Contato do revisor: e-mail e telefone [REVISÃO LINGUÍSTICA Ao revisor: observações do autor. Ao autor: observações do revisor. [DIAGRAMAÇÃO Ao autor: 1. As figuras com função de ilustração (adornamento) podem ser apenas sugeridas no texto limitando por chaves “{“ e “}”. Ex.: {inserir figura de uma pessoa adulta gesticulando} 2. O aparecimento da mascote também pode ser sugerido da mesma forma. Ex.: {inserir mascote} Ao diagramador: observações do autor. [CONTEÚDO: LIMITES LATERIAS E CÁLCULO DE LIMITES [APRESENTANDO A AULA No módulo 01 desta disciplina, que vocês estudaram anteriormente, você trabalhou com o conceito geral de limites de uma função em um ponto. Aprendeu, dentre outras coisas, o que acontece quando estamos “bem próximos de um determinado ponto, mas não exatamente neste ponto”, fazendo para isso essa função se aproximar pela direita e pela esquerda. Particularmente nesta aula iremos entender como fazer o cálculo algébrico de limites laterais. Na aula anterior, quando tratamos da ideia geral de limites, falamos um pouco de limites laterais, que é simplesmente o cálculo de limite a direita e a esquerda em um determinado ponto 𝑎, bem como limites de uma função em pontos onde a função não está definida, encontrando expressões equivalentes para isso. Essas expressões equivalentes serão obtidas a partir de fatorações que iremos revisar também nesta aula. DEFININDO OBJETIVOS Com esta aula esperamos que vocês sejam capazes de: Calcular limites laterais; Calcular de limites de uma função em um ponto onde esta função não está definida. DESENVOLVENDO O CONTEÚDO Cálculo de limites laterais Para tratar de limites laterais, iremos fazer uso da seguinte notação: 𝑥 → 𝑎+, significa 𝑥 tendendo a 𝑎 pela direita, ou seja, atribuímos a 𝑥 valores maiores que 𝑎; 𝑥 → 𝑎−, significa 𝑥 tendendo a 𝑎 pela esquerda, ou seja, atribuímos a 𝑥 valores monores que 𝑎; Vamos acompanhar agora alguns exemplos: Exemplo 01: Considere a função 𝑓(𝑥) = 2𝑥 + |𝑥 − 3|. Determinar, lim 𝑥→3+ 𝑓(𝑥) e lim 𝑥→3− 𝑓(𝑥), se possível. SOLUÇÃO: Antes você deve lembrar, das equações modulares, que: |𝑥 − 3| = { 𝑥 − 3, 𝑠𝑒 𝑥 ≥ 3 −(𝑥 − 3), 𝑠𝑒 𝑥 < 3 dessa forma podemos reescrever a função 𝑓(𝑥), da seguinte maneira: 𝑓(𝑥) = { 2𝑥 + 𝑥 − 3, 𝑠𝑒 𝑥 ≥ 3 2𝑥 − (𝑥 − 3), 𝑠𝑒 𝑥 < 3 simplificando temos: 𝑓(𝑥) = { 3𝑥 − 3, 𝑠𝑒 𝑥 ≥ 3 𝑥 + 3, 𝑠𝑒 𝑥 < 3 Dessa forma, podemos dizer que: lim 𝑥→3+ 𝑓(𝑥) = lim 𝑥→3+ 3𝑥 − 3 = 3.3 − 3 = 9 − 3 = 6, porque neste caso devemos atribuir valores maiores que 3, e neste intervalo a função é definida por 3𝑥 − 3. lim 𝑥→3− 𝑓(𝑥) = lim 𝑥→3− 𝑥 + 3 = 3 + 3 = 6, porque neste caso devemos atribuir valores menores que 3, e neste intervalo a função é definida por 𝑥 + 3. A figura 01, ilustra bem essa situação. Figura 01: representação da função 𝑓(𝑥) = 2𝑥 + |𝑥 − 3| Fonte: Autoria própria. EXEMPLO 02: Considere a função 𝑓(𝑥) = |𝑥| 𝑥 Determinar, lim 𝑥→0+ 𝑓(𝑥) e lim 𝑥→0− 𝑓(𝑥), se possível. SOLUÇÃO: Antes você deve lembrar, das equações modulares, que: |𝑥| = { 𝑥, 𝑠𝑒 𝑥 ≥ 0 −𝑥, 𝑠𝑒 𝑥 < 0 dessa forma podemos reescrever a função 𝑓(𝑥), da seguinte maneira: 𝑓(𝑥) = { 𝑥 𝑥 , 𝑠𝑒 𝑥 ≥ 0 − 𝑥 𝑥 , 𝑠𝑒 𝑥 < 0 simplificando temos: 𝑓(𝑥) = { 1, 𝑠𝑒 𝑥 ≥ 0 −1, 𝑠𝑒 𝑥 < 0 Dessa forma, podemos dizer que: lim 𝑥→0+ 𝑓(𝑥) = lim 𝑥→0+ 1 = 1, porque neste caso devemos atribuir valores maiores que 0, e neste intervalo a função é definida simplesmente por 1. lim 𝑥→0− 𝑓(𝑥) = lim 𝑥→0− −1 = −1, porque neste caso devemos atribuir valores menores que 0, e neste intervalo a função é definida simplesmente por −1. A figura 02, ilustra bem essa situação. Figura 02: representação da função 𝑓(𝑥) = |𝑥| 𝑥 Fonte: Autoria própria. EXEMPLO 03: Considere a função 𝑓(𝑥) = √𝑥 − 1 Determinar, lim 𝑥→1+ 𝑓(𝑥) e lim 𝑥→1− 𝑓(𝑥), se possível. SOLUÇÃO: Antes você deve lembrar que o domínio desta função é 𝐷 = {𝑥 ∈ 𝑅/𝑥 ≥ 1} (assunto visto na disciplina de matemática), isso significa que para valores menores que 1 está função não está definida (não existe imagem). Dessa forma, podemos dizer que: lim 𝑥→1+ 𝑓(𝑥) = lim 𝑥→1+ √𝑥 − 1 = √1 − 1 = √0 = 0, porque neste caso devemos atribuir valores maiores que 1, e neste intervalo a função está definida. lim 𝑥→1− 𝑓(𝑥) não existe, porque neste intervalo onde os valores de x são menores que 1 está função não está definida. A figura 03, ilustra bem essa situação. Figura 03: representação da função 𝑓(𝑥) = √𝑥 − 1 Fonte: Autoria própria. EXEMPLO 04: Considere a função 𝑓(𝑥) = { 3 − 2𝑥, 𝑠𝑒 𝑥 ≤ 1 𝑥2 − 2𝑥, 𝑠𝑒 𝑥 > 1 } Determinar, lim 𝑥→1+ 𝑓(𝑥) e lim 𝑥→1− 𝑓(𝑥), se possível. SOLUÇÃO: Assim temos que: lim 𝑥→1+ 𝑓(𝑥) = lim 𝑥→1+ 𝑥2 − 2𝑥 = 12 − 2.1 = 1 − 2 = −1, porque neste caso devemos atribuir valores maiores que 1, e neste intervalo a função é definida por 𝑥2 − 2𝑥. lim 𝑥→1− 𝑓(𝑥) = lim 𝑥→1− 3 − 2𝑥 = 3 − 2.1 = 3 − 2 = 1, porque neste caso devemos atribuir valores menores que 1, e neste intervalo a função é definida por 3 − 2𝑥. A figura 04, ilustra bem essa situação. Figura 04: representação da função 𝑓(𝑥) = { 3 − 2𝑥, 𝑠𝑒 𝑥 ≤ 1 𝑥2 − 2𝑥, 𝑠𝑒 𝑥 > 1 } Fonte: Autoria própria. O teorema abaixo, apenas formaliza o que já foi dito informalmente na aula 01. De acordo com (FLEMING, GONÇALVES, 2006, p.78) temos que Teorema (Limietes Laterais): O limite de uma função existe em um ponto a, se e somente se, existirem os limites laterais no mesmo ponto a e tiverem o mesmo valor, ou seja, lim 𝑥→𝑎 𝑓(𝑥) = 𝐿, 𝑠𝑒 𝑒 𝑠𝑜𝑚𝑒𝑛𝑡𝑒 𝑠𝑒, lim 𝑥→𝑎+ 𝑓(𝑥) = 𝐿 = lim 𝑥→𝑎− 𝑓(𝑥) De acordo com os exemplos anteriores temos que: no exemplo 01, lim 𝑥→3 𝑓(𝑥) = 6, porque lim 𝑥→3+ 𝑓(𝑥) = 6 = lim 𝑥→3− 𝑓(𝑥) ; no exemplo 02, lim 𝑥→0 𝑓(𝑥), não existe, porque lim 𝑥→0+ 𝑓(𝑥) ≠ lim 𝑥→0− 𝑓(𝑥) ; no exemplo 03, lim 𝑥→1 𝑓(𝑥), não existe, porque lim 𝑥→1+ 𝑓(𝑥) ≠ lim 𝑥→1− 𝑓(𝑥) ; no exemplo 04, lim 𝑥→1 𝑓(𝑥), não existe, porque lim 𝑥→1+ 𝑓(𝑥) ≠ lim 𝑥→1− 𝑓(𝑥) ; ATIVIDADE 01 01. Calcule lim 𝑥→3 𝑓(𝑥), para 𝑓(𝑥) = { 𝑥2 − 5 𝑠𝑒 𝑥 ≤ 3 √𝑥 + 13 𝑠𝑒 𝑥 > 3 (Lembre-se que neste caso devemos calcular primeiro os limites laterais). 02. Seja 𝑓(𝑥) = { 2𝑥3 − 1 𝑠𝑒 𝑥 ≤ 2 √𝑥 + 8 𝑠𝑒 𝑥 > 2 , calcule, se possível: a) lim 𝑥→2+ 𝑓(𝑥) b) lim 𝑥→2− 𝑓(𝑥) c) lim 𝑥→2 𝑓(𝑥) 03. Seja 𝑓(𝑥) = 3 + |3𝑥 − 2|, calcule, se possível: a) lim 𝑥→ 2 3 + 𝑓(𝑥) b) lim 𝑥→ 2 3 − 𝑓(𝑥) c) lim 𝑥→ 2 3 𝑓(𝑥) 04. Seja 𝑓(𝑥) = |4𝑥 − 3|, calcule, se possível: a) lim 𝑥→ 3 4 + 𝑓(𝑥) b) lim 𝑥→ 3 4 − 𝑓(𝑥) c) lim 𝑥→ 3 4 𝑓(𝑥) 05. Seja 𝑓(𝑥) = { 2𝑥 |𝑥| 𝑠𝑒 𝑥 ≠ 0 0 𝑠𝑒 𝑥 = 0 , calcule, se possível: a) lim 𝑥→0+ 𝑓(𝑥) b) lim 𝑥→0− 𝑓(𝑥) c) lim 𝑥→0 𝑓(𝑥) 06. Seja 𝑓(𝑥) = √2𝑥 − 5, calcule, se possível: a) lim 𝑥→ 5 2 + 𝑓(𝑥) b) lim 𝑥→ 5 2 − 𝑓(𝑥) c) lim 𝑥→ 5 2 𝑓(𝑥) Cálculo de Limites No cálculo de limites é comum nos depararmos com indeterminações do tipo 0 0 , ou seja, seu resultado não é definido. Por isso teremos que fazer uma fatoração, que nada mais é do que encontrar uma fração equivalente a primeira com resultados mais simples. Vejamos no exemplo: Exemplo 01: Calcule o valor do lim 𝑥→1 𝑥2−1 𝑥−1 . Solução: Se fizermos a substituição direta teremos como resultado a inderminação 0 0 , mas a função 𝑓(𝑥) = 𝑥2−1 𝑥−1 para 𝑥 ≠ 1 é equivalentea função 𝑓(𝑥) = (𝑥−1)(𝑥+1) 𝑥−1 para 𝑥 ≠ 1, fazendo o cancelamento de fatores comuns temos: 𝑓(𝑥) = 𝑥 + 1, para 𝑥 ≠ 1, ou seja, uma expressão com os mesmos valores da original, mas com resultados mais simples. Quando falamos de limites de uma função em um determinda ponto, o que nos interessa são os valores nas proximidades deste ponto, então temos que: lim 𝑥→1 𝑥2 − 1 𝑥 − 1 = lim 𝑥→1 (𝑥 − 1)(𝑥 + 1) 𝑥 − 1 = lim 𝑥→1 𝑥 + 1 = 1 + 1 = 2 A seguir veremos algumas regras de fatoração que irão nos auxiliar nesses tipos de limites. QUADRADO DA SOMA 𝑥2 + 2𝑥𝑦 + 𝑦2 = (𝑥 + 𝑦)2 Exemplo 02: Resolva lim 𝑥→− 1 2 4𝑥2+4𝑥+1 2𝑥+1 . Solução: lim 𝑥→− 1 2 4𝑥2 + 4𝑥 + 1 2𝑥 + 1 = lim 𝑥→− 1 2 (2𝑥 + 1)2 2𝑥 + 1 = lim 𝑥→− 1 2 (2𝑥 + 1)(2𝑥 + 1) 2𝑥 + 1 = lim 𝑥→− 1 2 (2𝑥 + 1) lim 𝑥→− 1 2 (2𝑥 + 1) = 2. (− 1 2 ) + 1 = −1 + 1 = 0 Observação: isso não siginifica dizer que 0 0 = 0. QUADRADO DA DIFERENÇA 𝑥2 − 2𝑥𝑦 + 𝑦2 = (𝑥 − 𝑦)2 Exemplo 03: Resolva lim 𝑥→ 1 2 4𝑥2−4𝑥+1 2𝑥−1 . Solução: lim 𝑥→ 1 2 4𝑥2 − 4𝑥 + 1 2𝑥 − 1 = lim 𝑥→ 1 2 (2𝑥 − 1)2 2𝑥 − 1 = lim 𝑥→ 1 2 (2𝑥 − 1)(2𝑥 − 1) 2𝑥 − 1 = lim 𝑥→ 1 2 (2𝑥 − 1) lim 𝑥→ 1 2 (2𝑥 − 1) = 2. ( 1 2 ) − 1 = 1 − 1 = 0 PRODUTO DA SOMA PELA DIFERENÇA 𝑥2 − 𝑦2 = (𝑥 + 𝑦)(𝑥 − 𝑦) Exemplo 03: Resolva lim 𝑥→− 1 2 4𝑥2−1 2𝑥+1 . Solução: lim 𝑥→− 1 2 4𝑥2 − 1 2𝑥 + 1 = lim 𝑥→− 1 2 (2𝑥 + 1)(2𝑥 − 1) 2𝑥 + 1 = lim 𝑥→− 1 2 2𝑥 − 1 = − 1 − 1 = −2 RAÍZES DE UMA EQUAÇÃO DE SEGUNDO GRAU 𝑥2 + 𝑏𝑥 + 𝑐 = (𝑥 − 𝑥1)(𝑥 − 𝑥2), sendo 𝑥1 e 𝑥2 as raízes da equação 𝑥 2 + 𝑏𝑥 + 𝑐 Exemplo 04: Resolva lim 𝑥→2 𝑥2−5𝑥+6 𝑥−2 . Solução: lim 𝑥→2 𝑥2 − 5𝑥 + 6 𝑥 − 2 = lim 𝑥→2 (𝑥 − 2)(𝑥 − 3) 𝑥 − 2 lim 𝑥→2 𝑥 − 3 = 2 − 3 = −1 CUBO DA SOMA DE DOIS TERMOS 𝑥3 + 3𝑥2𝑦 + 3𝑥𝑦2 + 𝑦3 = (𝑥 + 𝑦)3 Exemplo 05: Resolva lim 𝑥→−2 𝑥3+6𝑥2+12𝑥+8 𝑥+2 . Solução: lim 𝑥→−2 𝑥3 + 6𝑥2 + 12𝑥 + 8 𝑥 + 2 = lim 𝑥→−2 𝑥3 + 3𝑥2. 2 + 3𝑥. 22 + 23 𝑥 + 2 lim 𝑥→−2 (𝑥 + 2)3 𝑥 + 2 = lim 𝑥→−2 (𝑥 + 2)2 = 0 CUBO DA DIFERENÇA DE DOIS TERMOS 𝑥3 − 3𝑥2𝑦 + 3𝑥𝑦2 − 𝑦3 = (𝑥 − 𝑦)3 Exemplo 06: Resolva lim 𝑥→2 𝑥3−6𝑥2+12𝑥−8 𝑥−2 . Solução: lim 𝑥→2 𝑥3 − 6𝑥2 + 12𝑥 − 8 𝑥 − 2 = lim 𝑥→2 𝑥3 − 3𝑥2. 2 + 3𝑥. 22 − 23 𝑥 − 2 lim 𝑥→2 (𝑥 − 2)3 𝑥 − 2 = lim 𝑥→2 (𝑥 − 2)2 = 0 DIFERENÇA DO CUBO DE DOIS TERMOS 𝑥3 − 𝑦3 = (𝑥 − 𝑦)(𝑥2 + 𝑥𝑦 + 𝑦2) Exemplo 07: Resolva lim 𝑥→2 𝑥3−8 𝑥−2 . Solução: lim 𝑥→2 𝑥3 − 8 𝑥 − 2 = lim 𝑥→2 𝑥3 − 23 𝑥 − 2 = lim 𝑥→2 (𝑥 − 2)(𝑥2 + 2𝑥 + 4) 𝑥 − 2 lim 𝑥→2 𝑥2 + 2𝑥 + 4 = 22 + 2.2 + 4 = 4 + 4 + 4 = 16 SOMA DO CUBO DE DOIS TERMOS 𝑥3 + 𝑦3 = (𝑥 + 𝑦)(𝑥2 − 𝑥𝑦 + 𝑦2) Exemplo 08: Resolva lim 𝑥→−2 𝑥3+8 𝑥+2 . Solução: lim 𝑥→−2 𝑥3 + 8 𝑥 + 2 = lim 𝑥→−2 𝑥3 + 23 𝑥 + 2 = lim 𝑥→−2 (𝑥 + 2)(𝑥2 − 2𝑥 + 4) 𝑥 + 2 lim 𝑥→−2 𝑥2 − 2𝑥 + 4 = (−2)2 − 2. (−2) + 4 = 4 + 4 + 4 = 16 É necessário que você esteja bem atento a essas regras, porque lhe serão muito úteis no cálculo de limites, logo mais veremos mais alguns exemplos mais elaborados, na qual faremos uso dessas regras. Exemplo 09: Calcule o limite a seguir lim 𝑥→2 √𝑥−√2 𝑥−2 . Solução: É importante que você perceba que (√𝑥) 2 = 𝑥 e que (√2) 2 = 2, dessa forma podemos reescrever a limite da seguinte maneira. lim 𝑥→2 √𝑥−√2 (√𝑥) 2 −(√2) 2 , ou seja, fizemos as substituições de 𝑥 e 2 no denominador, para que embaixo tivessemos a diferença do quadrado de dois termos continuando temos o seguinte: lim 𝑥→2 √𝑥−√2 (√𝑥) 2 −(√2) 2 = lim 𝑥→2 √𝑥−√2 (√𝑥−√2).(√𝑥+√2) , após o cancelamento temos que: lim 𝑥→2 √𝑥−√2 (√𝑥−√2).(√𝑥+√2) = lim 𝑥→2 1 (√𝑥+√2) = 1 (√2+√2) = 1 2√2 , racionalizando o denominador temos: 1 2√2 = 1.√2 2√2.√2 = √2 2√4 = √2 2.2 = √2 4 (Lembre-se número 01) Exemplo 10: Calcule o limite a seguir lim 𝑥→2 𝑥3−8 𝑥2+2𝑥−8 . Solução: lim 𝑥→2 𝑥3−8 𝑥2+2𝑥−8 , neste caso devemos fatorar o denominador e o numerador, ficando assim: lim 𝑥→2 𝑥3−8 𝑥2+2𝑥−8 = lim 𝑥→2 𝑥3−23 (𝑥−2)(𝑥+4) = lim 𝑥→2 (𝑥−2)(𝑥2+2𝑥+4) (𝑥−2)(𝑥+4) , cancelando temos: lim 𝑥→2 (𝑥 − 2)(𝑥2 + 2𝑥 + 4) (𝑥 − 2)(𝑥 + 4) = lim 𝑥→2 (𝑥2 + 2𝑥 + 4) (𝑥 + 4) = 22 + 2.2 + 4 2 + 4 = 12 6 = 2 Exemplo 11: Calcule o limite a seguir lim 𝑥→1 √𝑥 3 −1 𝑥−1 . Solução: perceba que esta soluçaõ é semelhante ao exemplo 09, veja que (√𝑥 3 ) 3 = 𝑥 e que (1)3 = 1, dessa forma podemos reescrever a limite da seguinte maneira. lim 𝑥→1 √𝑥 3 −1 ( √𝑥 3 ) 3 −(1)3 , ou seja, fizemos as substituições de 𝑥 e 1 no denominador, para que embaixo tivessemos a diferença do cubo de dois termos continuando temos o seguinte: lim 𝑥→1 √𝑥 3 −1 ( √𝑥 3 ) 3 −(1)3 = lim 𝑥→1 √𝑥 3 −1 ( √𝑥 3 −1)(( √𝑥 3 ) 2 +2. √𝑥 3 +1) , após o cancelamento temos que: lim 𝑥→1 √𝑥 3 − 1 (√𝑥 3 − 1) ((√𝑥 3 ) 2 + 2. √𝑥 3 + 1) = lim 𝑥→1 1 ((√𝑥 3 ) 2 + 2. √𝑥 3 + 1) = 1 ((√1 3 ) 2 + 2. √1 3 + 1) = 1 12 + 2.1 + 1 = 1 4 Exemplo 12: Calcule o limite a seguir lim 𝑥→0 √𝑥+3−√3 𝑥 Solução: lim 𝑥→0 √𝑥+3−√3 𝑥 , para este exemplo, usamos a recionalização do numerador, ou seja, multimplicamos o numerador e o denominador pelo conjugado do numerador. (Lembre-se número 02) Veja também que o conjugado de √𝑥 + 3 − √3 é √𝑥 + 3 + √3. Dessa forma, lim 𝑥→0 √𝑥 + 3 − √3 𝑥 = lim 𝑥→0 (√𝑥 + 3 − √3)(√𝑥 + 3 + √3) 𝑥. (√𝑥 + 3 + √3) lim 𝑥→0 (√𝑥 + 3) 2 − (√3) 2 𝑥. (√𝑥 + 3 + √3) = lim 𝑥→0 𝑥 + 3 − 3 𝑥. (√𝑥 + 3 + √3) lim 𝑥→0 𝑥 𝑥.(√𝑥+3+√3) = lim 𝑥→0 1 (√𝑥+3+√3) = 1 √3+√3 = 1 2√3 , racionalizando o denominador temos: 1 2√3 = 1. √3 2√3. √3 = √3 2√9 = √3 2.3 = √3 6 Exemplo 13: Calcule o limite a seguir lim ℎ→0 2(𝑥+ℎ)2−2𝑥2 ℎ Solução: lim ℎ→0 2(𝑥+ℎ)2−2𝑥2 ℎ = lim ℎ→0 2(𝑥2+2𝑥ℎ+ℎ2)−2𝑥2 ℎ = lim ℎ→0 2𝑥2 + 4𝑥ℎ + 2ℎ2 − 2𝑥2 ℎ = lim ℎ→0 4𝑥ℎ + 2ℎ2 ℎ = lim ℎ→0 ℎ(4𝑥 + 2ℎ) ℎ = lim ℎ→0 4𝑥 + 2ℎ = 4𝑥 ATIVIDADE 02 01) Calcule os limites abaixo: a) lim 𝑥→0 𝑥3+𝑥2 2𝑥3+𝑥4+𝑥 b) lim 𝑥→−1 𝑥3+1 𝑥2−1 c) lim 𝑥→0 𝑥2+6𝑥+5 𝑥2−3𝑥−4 d) lim 𝑥→0 𝑥3+𝑥2 2𝑥3+𝑥4+𝑥 e) lim 𝑥→2 𝑥3−8 𝑥−2 f) 2 652 2 lim t tt t g) 43 2 lim 2 x xx x h) 1 1 lim 1 x x x i) lim 𝑡→0 (4+𝑡)2−16 𝑡 j) lim 𝑡→−2 𝑡3+4𝑡2+4𝑡 (𝑡+2)(𝑡−3) 02) Considerando 𝑓(𝑥) = 1 𝑥 , calcule lim 𝑥→𝑝 𝑓(𝑥)−𝑓(𝑝) 𝑥−𝑝 . 03) Considerando 𝑓(𝑥) = 𝑥2 − 3𝑥, calcule lim ℎ→0 𝑓(𝑥+ℎ)−𝑓(𝑥) ℎ . 04) Calcule lim ℎ→0 𝑓(𝑥+ℎ)−𝑓(𝑥) ℎ sendo 𝑓 dada por 𝑓(𝑥) = 2𝑥2 + 𝑥. [LEMBRE-SE! – Primeiro - 01 racionalização de denominadores consiste em se obter uma fração equivalente com denominador racional, para substituir uma outra com denominador irracional. Segundo - 02 O conjugado de uma expressão do √𝑥 + 𝑎 + 𝑏 é dado por √𝑥 + 𝑎 − 𝑏 o que se faz é a troca do sinal entre os termos da expressão. [RESUMINDO Nesta aula, vimos como podemos calcular melhor os limites laterais tanto pela direita como pela esquerda, analisando também funções modulares. Vimos também como encontrar expressões equivalentes, a fim de resolver problemas de indeterminações em função, que é um problema comum em problemas de limites de uma função. Assim podemos calcular limites de funções em pontos onde apresentam tais indeterminações. [LEITURAS COMPLEMENTARES (Indicação de leituras complementares, seguida de rápido comentário da obra: texto, filme, site, etc) [AVALIANDO SEUS CONHECIMENTOS 01) Calcule os limites abaixo. a) 43 6427 lim 3 3 4 x x x b)1 2 lim 2 1 x xx x c) 3 9 lim 2 3 h h h 02) Considere a função f: R R definida por 2,2 2,2 xsex xsex xf a) Determine )(lim 2 xf x e )(lim 2 xf x ; b) Se existir, determine o )(lim 2 xf x , justifique sua resposta. 03) Seja f(x) a função definida pelo gráfico:Intuitivamente, encontre se existir: Figura 05: representação da função 𝑓(𝑥) = { 2𝑥 , 𝑠𝑒 𝑥 > 1 2 − 3𝑥, 𝑠𝑒 𝑥 ≤ 1 Fonte: Autoria Própria a) )(lim 1 xf x b) )(lim 1 xf x c) )(lim 1 xf x 04) Considerando 𝑓: 𝑅 → 𝑅, 𝑓(𝑥) = |2𝑥 − 1| + 1. Determine os valores abaixo, justificando sua resposta: a) )(lim 2 1 xf x b) )(lim 2 1 xf x c) )(lim 2 1 xf x CONHECENDO AS REFERÊNCIAS ANTON, Howard. Cálculo: um novo horizonte. 6. Ed. Porto Alegre: Bookman, 2000. 1v. FINNEY, Maurice D., THOMAS Jr. George B., WEIR, Frank R. Giordano. Cálculo. 10. Ed. São Paulo: Addison Wesley, 2002. Volume 1. FLEMMING, Diva Marília, GONÇALVES, Mirian Buss. Cálculo A. 6. Ed. São Paulo: Pearson Prentice Hall, 2006. GUIDORIZZI, Hmilton Luiz. Um curso de cálculo. 5. Ed. Rio de Janeiro: LTC, 2001. 1v. ILUSTRAÇÕES POR PÁGINA (responsabilidade do diagramador) IMPORTANTE! Professor: não esqueça de que, ao inserir uma imagem no meio da aula, você deve colocar abaixo a referência do site de onde retirou ou da obra da qual você a escaneou)
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