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Primeira Prova de Geometria Analítica e Álgebra Vetorial Questão 1 (4 pontos): Considere os vetores −→a = (2β, 2, 0) −→ b = (0, 1, −β) −→c = (β, −4, β) Determine todos os valores de β para os quais o vetor −→a − −→ b é perpendicular ao vetor −→ b +−→c . Resposta: Temos que • −→a − −→ b = (2β, 1, β) • −→ b +−→c = (β,−3, 0) Como dois vetores são ortogonais se, e somente se, o produto escalar entre eles é zero, então queremos que (2β, 1, β) • (β,−3, 0) = 0 e, portanto, que 2β2 − 3 = 0 Logo, β2 = 3 2 e temos que β = √ 3 2 ou β = − √ 3 2 . Questão 2 (4 pontos): Calcule a área do triângulo de vértices A = (3, 1, 1), B = (1, −2, 0) e C = (2, 1, −1). Resposta: Temos que −→ AB = (−2,−3,−1) e −→ AC = (−1, 0,−2). A área do paralelogramos formado por −→ AB e −→ AC é || −→ AB × −→ AC|| = ||(6,−3,−3)|| = √ 62 + (−3)2 + (−3)2 = √ 54 Como a área do triângulo ABC é metade da área deste paralelogramo, então Área do triângulo = √ 54 2 Questão 3 (4 pontos): Determine o valor de λ para que os vetores −→a = (λ, 1, −λ) −→ b = (1, 1, −3) −→c = (2, 1, 0) sejam coplanares. Resposta: Os vetores −→a , −→ b ,−→c são coplanares se −→a • ( −→ b ×−→c ) = 0 Temos que −→ b ×−→c = (3,−6,−1) Portanto, −→a • ( −→ b ×−→c ) = (λ, 1, −λ) • (3,−6,−1) = 3λ− 6 + λ Logo, −→a , −→ b ,−→c são coplanares se 4λ− 6 = 0 ou seja, se λ = 3 2 Questão 4 (6 pontos): Considere as retas r : x = β − 2, y = −β, z = −β + 1, β ∈ R s : x = 1, y = 4λ− 1, z = 2λ− 1, λ ∈ R (a) (2 pontos) Determine o ponto de interseção entre as retas r e s. Resposta: Temos que resolver o sistema β − 2 = 1 −β = 4λ− 1 −β + 1 = 2λ− 1 Da primeira equação obtemos que β = 3 e, substituindo este resultado na segunda equação, obtemos λ = −1 2 . Observamos que a terceira equação é satisfeita para os valores de β e λ encontrados e, portanto, as duas retas realmente se interceptam. Fazendo β = 3 na equação da reta r, obtemos x = 1, y = −3 e z = −2. Logo, o ponto de interseção entre as retas é o ponto P = (1,−3,−2) (b) (1 ponto) Determine o ângulo entre as retas r e s. Resposta: Observe inicialmente que o vetor −→v = (1,−1,−1) é um vetor diretor para a reta r e o vetor −→w = (0, 4, 2) é um vetor diretor para a reta s. O cosseno do ângulo θ entre as retas é dado por cos θ = |−→v • −→w | ||−→v || ||−→w || = 6√ 60 = 3√ 15 Logo, o ângulo entre as retas é θ = arccos ( 3√ 15 ) (c) (3 pontos) Determine a equação do plano que contém as retas r e s. Resposta: O vetor −→n = −→v ×−→w = (2,−2, 4) é um vetor normal ao plano que contém r e s (uma vez que o vetor −→n é simultaneamente perpendicular aos vetores diretor de r e s). Além disso, o ponto P = (1,−3,−2) pertence às duas retas e, portanto, pertence ao plano. Logo, a equação do plano é 2(x− 1)− 2(y + 3) + 4(z + 2) = 0 e, portanto, x− y + 2z = 0 Questão 5 (4 pontos): Determine a equação da reta de interseção dos planos Ω : x− y + z − 3 = 0 Γ : x+ y + 2z + 4 = 0 Resposta: Observe inicialmente que o vetor −→n1 = (1,−1, 1) é um vetor normal ao plano Ω e o vetor−→n2 = (1, 1, 2) é um vetor normal ao plano Γ. Logo, o vetor −→v = −→n1 ×−→n2 = (−3,−1, 2) é um vetor diretor para a reta r de interseção entre os planos (uma vez que o vetor −→v é paralelo aos planos Ω e Γ simultaneamente). Para obter um ponto da reta, podemos fazer z = 0 e obter o sistema de duas equações { x− y = 3 x+ y = −4 cuja solução é x = −1 2 e y = −7 2 . Logo, o ponto P = ( −1 2 ,−7 2 , 0 ) pertence à reta r e a equação de r é r : x = −1 2 − 3α, y = −7 2 − α, z = 2α, α ∈ R Questão 6 (3 pontos): Determine os valores de m e n para que a reta r : x = y + 3 2 = z − 1 −2 seja perpendicular ao plano Ω : mx− ny + z − 4 = 0. Resposta: Observe inicialmente que o vetor −→n = (m,−n, 1) é um vetor normal ao plano Ω e o ve- tor −→v = (1, 2,−2) é um vetor diretor da reta r. Observe que r e Ω são perpendiculares quando os vetores −→n e −→v forem paralelos, ou seja, quando −→n ×−→v = −→0 Como −→n ×−→v = (2n− 2, 1 + 2m, 2m+ n), então queremos resolver o sistema 2n− 2 = 0 1 + 2m = 0 2m+ n = 0 cuja solução é n = 1 e m = −1 2
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