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Questão 1. Determine a reta tangente à curva y2 − 2y + x2 √ x2 + 1 = 0 quando (x, y) = (0, 2). Solução: Observamos inicialmente que x = 0 implica y = 2 ou y = 0. A questão pede para considerar (x, y) = (0, 2). De fato, teremos para x = 0 y2 − 2y + x2 √ x2 + 1 = 0 ⇒ y2 − 2y = 0 ⇒ y(y − 2) = 0 ⇒ y = 2 ou y = 0. Podemos derivar implicitamente a equação em relação a x para obtermos d dx ( y2 − 2y + x2 √ x2 + 1 ) = d dx (0) d dx (y2)− d dx (2y) + d dx (x2 √ x2 + 1) = 0 2y dy dx − 2dy dx + 2x √ x2 + 1 + x2 x√ x2 + 1 = 0. Agora entrando com (x, y) = (0, 2) na equação acima, temos 2y dy dx − 2dy dx + 2x √ x2 + 1 + x2 x√ x2 + 1 = 0 ⇒ 2.2dy dx − 2dy dx + 2.0 √ 02 + 1 + 02 0√ 02 + 1 = 0 ⇒ 2dy dx = 0 ⇒ dy dx = 0. Isso mostra que a equação da reta tangente à curva no ponto (x, y) = (0, 2) é y = 2. Questão 2. Considere a função f(x) = x+ 1 + arctan(x) e a sua inversa g = g(y). Calcule g′(y0) onde y0 = 1. Solução: Calculamos inicialmente f ′(x) = [x+ 1 + arctg(x)]′ = 1 + 1 1 + x2 Temos g′(y0) = 1 f ′(g(y0)) onde temos x0 = g(y0), isto é, y0 = x0+1+arctan(x0) ⇒ 1 = x0+1+arctan(x0) ⇒ x0 + arctan(x0) = 0 de onde podemos concluir x0 = 0 é uma solução e assim g′(y0) = 1 f ′(0) = 1 1 + 1 1 + 02 = 1/2. 1 CÁLCULO I 2022 - 2º Semestre Lista de Exercícios 6 Universidade Federal do Pará Cálculo I Lista de Exercícios 6 Questão 3. Enche-se de água um reservatório, cuja forma é a de um cone circular reto, a uma taxa de 0,1m3/s. A Figura 1 ilustra o formato do reservatório, cuja altura é de 15m e o raio do topo é de 10m. Qual a taxa de variação do nível h da água está subindo no instante em que h = 5. Figura 1: Esboço do reservatório Solução: Se V (t) representa o volume de água dentro do reservatório, temos V ′(t) = 0, 1m3/s. Podemos relacionar a altura h(t) do nível da água dentro do reservatório e o raio r(t) do disco formado pela superfície de água dentro do reservatório por r(t) h(t) = 10 15 = 2 3 ⇒ r(t) = 2 3 h(t). Agora podemos escrever V (t) = h(t) πr(t)2 3 ⇒ V (t) = 4π 27 h(t)3 e derivando V (t) temos V ′(t) = 4π 27 .3.h(t)2h′(t). Agora no instante t0 tal que h(t0) = 5, temos V ′(t0) = 4π 9 .h(t0) 2h′(t0) ⇒ 0,1 = 4π 9 52h′(t0) h′(t0) = 9 1000π ≈ 0,003m/s. Questão 4. Suponha que a probabilidade de sobrevivência Ps de um material que passa por um ensaio de tração seja dada por Ps(σ) = exp ( − ( σ σ0 )10) (onde exp(z) = ez) onde σ0 é uma constante e σ > 0. Sabendo que Ps(σ0) = 1/e, estime por meio de uma aproximação linear o valor de Ps(1,01σ0). 2 Cálculo I Lista de Exercícios 6 Solução: Já sabemos Ps(σ0) = 1/e. Temos P ′s(σ) = − 10 σ0 ( σ σ0 )9 exp ( − ( σ σ0 )10) . de modo que P ′s(σ0) = − 10 eσ0 . Agora podemos aproximar o valor de Ps(1,01σ0) por Ps(1,01σ0) ≈ Ps(σ0) + P ′s(σ0)(1,01σ0 − σ0) Ps(1,01σ0) ≈ 1 e − 10 eσ0 .0,01σ0 Ps(1,01σ0) ≈ 1 e − 1 10e = 9 10e ≈ 0,331. Questão 5. Usando a regra de L’Hôspital, calcule os limites a seguir. a) lim x→0+ x3 ln(x) b) lim x→+∞ ln(x) + ex x+ ex Solução: a) Podemos escrever lim x→0+ x3 ln(x) = lim x→0+ ln(x) 1 x3 e usando a regra de L’Hospital teremos lim x→0+ ln(x) 1 x3 = lim x→0+ [ln(x)]′[ 1 x3 ]′ = lim x→0+ 1 x −3 1 x4 = lim x→0+ −x 3 3 = 0. b) Podemos aplicar duas vezes a regra da cadeia para obter lim x→+∞ ln(x) + ex x+ ex = lim x→+∞ [ln(x) + ex]′ [x+ ex]′ = lim x→+∞ 1/x+ ex 1 + ex = lim x→+∞ −1/x2 + ex ex = lim x→+∞ 1 + −1/x2 ex = 1 + lim x→+∞ −1 x2ex = 1. 3
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