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2013 Diva Marília Flemming Universidade do Sul de Santa Catarina 17/06/2013 RESPOSTAS DAS ATIVIDADES DE AUTOAVALIAÇÃO Profa. Diva Marília Flemming LIMITES E CONTINUIDADE DE FUNÇÕES DE UMA OU MAIS VARIÁVEIS: ATIVIDADES DE AUTOAVALIAÇÃO (Parte 2) O presente documento contém as atividades de autoavaliação do livro Limites e Continuidade de Funções de uma ou mais variáveis. Palhoça 2013 Sumário CAPÍTULO 3: LIMITES DE FUNÇÕES 39 SEÇÃO 1: LIMITES DE FUNÇÕES DE UMA VARIÁVEL 39 1.1.2 ATIVIDADES DE AUTOAVALIAÇÃO 39 1.3 ATIVIDADES DE AUTOAVALIAÇÃO 42 1.4.3 ATIVIDADES DE AUTOAVALIAÇÃO 46 1.5.2 ATIVIDADES DE AUTOAVALIAÇÃO 49 1.5.5 ATIVIDADES DE AUTOAVALIAÇÃO 50 SEÇÃO 2: LIMITES DE FUNÇÕES DE DUAS VARIÁVEIS 51 2.4 ATIVIDADES DE AUTOAVALIAÇÃO 51 2.5.2 ATIVIDADES DE AUTOAVALIAÇÃO 54 CAPÍTULO 4: CONTINUIDADE DE FUNÇÕES 56 SEÇÃO 1: CONTINUIDADE DE FUNÇÕES DE UMA VARIÁVEL 56 1.5 ATIVIDADES DE AUTOAVALIAÇÃO 56 SEÇÃO 2: CONTINUIDADE DE FUNÇÕES DE DUAS VARIÁVEIS 62 2.4 ATIVIDADES DE AUTOAVALIAÇÃO 62 Capítulo 3: Limites de funções Seção 1: Limites de funções de uma variável 1.1.2 Atividades de autoavaliação (1) Calcule os seguintes limites, usando uma tabela de valores. Na tabela devem constar pelo menos 6 valores para x. Se necessário, escolha valores para a tendência tanto pela direita como pela esquerda. (a) )573(lim 2 0 xx x −− → (b) )73(lim 1 +− −→ x x (c) 1 1lim 2 1 − − → x x x (d) )273(lim 2 +− +∞→ xx x (e) )273(lim 2 +− −∞→ xx x Respostas: x y 3)573(lim 2 0 =−− → xx x 0,01 2,9295 0,001 2,992995 0,0001 2,999299950 -0,01 3,0695 -0,001 3,006995 -0,0001 3,000699949 (b) x y 10)73(lim 1 =+− −→ x x -1,5 11,5 -1,2 10,6 -1,1 10,3 -0,9 9,7 -0,8 9,4 -0,5 8,5 (c) x y 2 1 1lim 2 1 = − − → x x x 0,9 1,9 0,99 1,99 0,999 1,999 1,001 2,001 1,01 2,01 1,1 2,1 (d) x y +∞=+− +∞→ )273(lim 2 xx x 100 41093,2 × 1000 610993002,2 × 10000 81099930002,2 × 100000 1010999993,2 × 1000000 121099999,2 × (g) x y +∞=+− −∞→ )273(lim 2 xx x -100 4100702,3 × -1000 610007002,3 × -10000 81000070002,3 × -100000 101000007,3 × -1000000 1210000007,3 × (2) Analise o gráfico de x xf 1)( = apresentado na Figura 3.4 e calcule: (a) xx 1lim 0+→ (b) xx 1lim 0−→ (c) xx 1lim +∞→ (d) xx 1lim −∞→ Figura 3.4 – Gráfico da função x xf 1)( = Respostas: (a) +∞= +→ xx 1lim 0 (b) −∞= −→ xx 1lim 0 (c) 01lim = +∞→ xx (d) 01lim = −∞→ xx -3 -2 -1 1 2 3 -3 -2 -1 1 2 3 x y (3) Considere o gráfico apresentado na Figura 3.5 da seguinte função >− = <+ = 2 14 26 2 22 )( 2 2 xx x xx xf Analisando o gráfico, resolva os seguintes limites: (a) )(lim 2 xf x +→ (b) )(lim 2 xf x −→ (c) )(lim xf x +∞→ (d) )(lim xf x −∞→ Figura 3.5 – Gráfico da função )(xf Respostas: (a) 10)(lim 2 = +→ xf x (b) 10)(lim 2 = −→ xf x (c) −∞= +∞→ )(lim xf x (d) +∞= −∞→ )(lim xf x 1.3 Atividades de autoavaliação (1) Calcular os seguintes limites: (a) )16(lim 2 3 +− −→ xx x (f) 2 65lim 2 2 − +− → x xx x -3 -2 -1 1 2 3 4 5 -2 2 4 6 8 10 12 14 x y (b) 4 16lim 2 4 − − → x x x (g) )1(lim 0 + → x x e (c) 5 2 0 )5(lim + → x x (h) )87(lim 3 1 − → x x (d) )tancos52(lim 0 xxsenx x +− → (i) 3 2 3 1lim − → x x (e) 352 2 )3()1(lim −− → xx x (j) 7 5lim 2 5 + − → x x x Respostas: (a) 2811891)3(6)3()16(lim 22 3 =++=+−⋅−−=+− −→ xx x . (b) 4 16lim 2 4 − − → x x x Não podemos aplicar diretamente a propriedade 6, pois o limite do denominador vale zero, portanto fazemos primeiramente uma fatoração do numerador. 8)4(lim 4 )4)(4(lim 4 16lim 44 2 4 =+= − +− = − − →→→ x x xx x x xxx . (c) 5 2 0 )5(lim + → x x Aplicamos aqui a propriedade 8. ( ) 55 25252 0 5 2 0 255)50()5(lim)5(lim ==+=+=+ →→ xx xx . (d) )cos5sen2(lim 0 tgxxx x +− → Aplicamos a propriedade 3, 10 e 11. 5015000cos50sen2)cos5sen2(lim 0 −=+⋅−=+−=+− → tgtgxxx x . (e) 352 2 )3()1(lim −− → xx x Aplicamos a propriedade do produto e a propriedade 8. 243)1(243)32()12()3(lim)1(lim)3()1(lim 3523 2 52 2 352 2 −=−⋅=−⋅−=−⋅−=−− →→→ xxxx xxx . (f) 2 65lim 2 2 − +− → x xx x Aqui não podemos aplicar a propriedade do quociente, já que o limite do denominador é zero. Fazemos então uma fatoração do denominador. 132)3(lim 2 )3)(2(lim 2 65lim 22 2 2 −=−=−= − −− = − +− →→→ x x xx x xx xxx . (g) )1(lim 0 + → x x e Usamos a propriedade 12. 2111)1(lim 0 0 =+=+=+ → ee x x . (h) )87(lim 3 1 − → x x Usamos a propriedade 1. 3 178 3 17)87(lim 3 1 −=−⋅=− → x x . (i) 3 2 3 1lim − → x x Aplicamos a propriedade 8. 28131lim 33 23 2 3 ==−=− → x x . (j) 7 5lim 2 5 + − → x x x Basta aplicar a propriedade 6. 3 5 12 20 75 55 7 5lim 22 5 == + − = + − → x x x . (2) Escolha aleatoriamente dois itens de (1) para fazer a representação gráfica. Compare o resultado obtido em (1) com sua representação gráfica. Respostas: Figura 33 – Gráfico da função 5 2 )5( += xy Fonte: Elaboração da autora, 2013. Figura 34 – Gráfico da função )1( += xey Fonte: Elaboração da autora, 2013. Figura 35 – Gráfico da função 3 2 1−= xy -9 -8 -7 -6 -5 -4 -3 -2 -1 1 2 3 4 5 6 -2 -1 1 2 x y -5 -4 -3 -2 -1 1 2 3 4 1 2 3 4 5 6 7 x y -5 -4 -3 -2 -1 1 2 3 4 5 6 -2 -1 1 2 3 x y 1.4.3 Atividades de autoavaliação (1) Calcule )(lim 3 xf x→ , para >+ ≤− = 313 35 )( 2 xx xx xf Respostas: Para )(lim 3 xf x→ existir, é necessário que os limites laterais existam e sejam iguais. 41613313lim)(lim 33 ==+=+= ++ →→ xxf xx ; 45953)5(lim)(lim 22 33 =−=−=−= −− →→ xxf xx ; Logo, )(lim 3 xf x→ = 4 (2) Seja = ≠ = 00 0|| )( x x x x xf . Calcule )(lim 0 xf x +→ , )(lim 0 xf x −→ e )(lim 0 xf x→ se existirem. Respostas: Lembre-se que 1|| == x x x x , se 0>x e 1|| −=−= x x x x , se 0<x . Logo: 11lim)(lim 00 == ++ →→ xx xf ; 1)1(lim)(lim 00 −=−= →→ − xx xf . )(lim 0 xf x→ não existe pois os limites laterais são diferentes. (3) Calcule os seguintes limites. (a) 2 8lim 3 2 + + −→ x x x (b) 3 6lim 2 3 − −− → x xx x (c) 1 21lim 1 − −+ → x x x (d) 2012 65lim 2 2 2 +− +− → xx xx x (e) 5 312lim 5 − −− → x x x (f) xx x 9)3(lim 2 0 −+ → (g) )5( 158lim 2 5 − +− → xx xx x (h) x x x 1)1(lim 4 0 −+ → Respostas: (a) 2 8lim 3 2 + + −→ x x x .124444)2(2)2()42(lim 2 )42)(2(lim 2 8lim 22 2 2 2 3 2 =++=+−⋅−−=+−= + +−+ = + + −→−→−→ xx x xxx x x xxx (b) 523)2(lim 3 )2)(3(lim 3 6lim 33 2 3 =+=+= − +− = − −− →→→ x x xx x xx xxx . (c) 1 21lim 1 − −+ → x x x = ++− −+ = ++− ++−+ = − −+ →→→ )21)(1( 21lim )21)(1( )21)(21(lim 1 21lim 111 xx x xx xx x x xxx = ++ = ++ = ++− − = →→ 211 1 21 1lim )21)(1( 1lim 11 xxx x xx 22 1 = . (d) 2012 65lim 2 2 2 +− +− → xx xx x 8 1 102 32 10 3lim )10)(2( )3)(2(lim 2012 65lim 222 2 2 = − − = − − = −− −− = +− +− →→→ x x xx xx xx xx xxx . (e) 5 312lim 5 − −− → x x x = +−− −− = +−− +−−− = − −− →→→ )312)(5( 912lim )312)(5( )312)(312(lim 5 312lim 555 xx x xx xx x x xxx = +−− − = +−− − = →→ )312)(5( )5(2lim )312)(5( 102lim 55 xx x xx x xx 3 1 6 2 39 2 312 2lim 5 == + = +− = → xx . (f) x x x 9)3(lim 2 0 −+ → .6)6(lim)6(lim6lim996lim9)3(lim 00 2 0 2 0 2 0 =+= + = + = −++ = −+ →→→→→ x x xx x xx x xx x x xxxxx (g) )5( 158lim 2 5 − +− → xx xx x 5 2 5 353lim )5( )3)(5(lim )5( 158lim 55 2 5 = − = − = − −− = − +− →→→ x x xx xx xx xx xxx . (h) x x x 1)1(lim 4 0 −+ → = +++ = −++++ = −+ →→→ x xxxx x xxxx x x xxx )46¨4(lim11464lim1)1(lim 23 0 234 0 4 0 44000)464(lim 23 0 =+++=+++= → xxx x . (4) O custo em dólares para remover p% dos poluentes da água de um pequeno lago é dado por p pC − = 100 25000 para 1000 <≤ p , sendo que C é o custo e p é a porcentagem de poluentes. (a) Determine o custo para remover 50% dos poluentes. (b) Qual a porcentagem de poluentes que pode ser removida por 100 000 dólares? (c) Calcule C p −→100 lim e analise o significado do resultado obtido. Respostas: (a) .25000 50 1250000 50100 5025000)50( dolaresC == − × = (b) %.80 125000 10000000 10000000125000 2500010000010000000 25000)100(100000 100 25000100000 100 25000 = = = =− =− − = − = p p p pp pp p p p pC (c) −− →→ = 100100 limlim pp C . 100 25000 ∞= − p p Significa que na medida em que o percentual de poluentes aumenta muito vamos ter problemas sérios, pois os custos aumentam cada vez mais. 1.5.2 Atividades de autoavaliação Calcule os seguintes limites no infinito: a) 17 63lim + − +∞→ x x x b) 723 127lim 23 2 +−+ +− −∞→ xxx xx x c) 16262 73lim 234 4 +−+− − +∞→ xxxx xx x d) 13 5lim 2 +− − +∞→ xx x x Respostas: a) 7 3 7 3lim 17 63lim == + − +∞→+∞→ x x x x xx . b) 00 3 71lim 3 7 3 7lim 723 127lim 3 2 23 2 =⋅=== +−+ +− −∞→−∞→−∞→ xx x xxx xx xxx . c) 2 3 2 3lim 2 3lim 16262 73lim 4 4 234 4 === +−+− − +∞→+∞→+∞→ xxx x x xxxx xx . d) . 3 1 003 01 113 51 lim 13 51 lim 13 5 lim 13 5lim 2 2 2 2 22 = +− − = +− − = = +− − = +− − = +− − +∞→ +∞→+∞→+∞→ xx x x xx x x xx xx x xx x x xxx 1.5.5 Atividades de autoavaliação Calcule os seguintes limites: a) 76lim 2 ++ −∞→ xx t b) 162 12lim 8 − − +→ x x x c) 17 106276lim 234 + +++− +∞→ x xxxx t d) 6 13lim 2 2 2 −+ ++ −→ xx xx t e) 1 22lim 3 2 − ++ −∞→ x xx t f) 176 63lim 2 2 +− −+ +∞→ xx xx t Respostas: a) ( ) +∞=++⋅∞=++=++ −∞→−∞→ )001()761(lim76lim 2 22 xx xxx xt b) +∞==−⋅= − − ++→ + 0 15 0 182 162 12lim 8 x x x . c) +∞=+∞⋅=== + +++− +∞→+∞→+∞→ 7 6lim 7 6 7 6lim 17 106276lim 3 4234 x x x x xxxx xxt . d) −∞== ⋅ +⋅+ = +− ++ = −+ ++ −−→→ −− 0 11 50 1232 )3)(2( 13lim 6 13lim 22 22 2 2 xx xx xx xx xt . e) 01limlim 1 22lim 3 2 3 2 === − ++ −∞→−∞→−∞→ xx x x xx xxt . f) 2 1 6 3 6 3lim 6 3lim 176 63lim 2 2 2 2 ==== +− −+ +∞→+∞→+∞→ xxt x x xx xx . Seção 2: Limites de funções de duas variáveis 2.4 Atividades de autoavaliação (1) Verifique se os pontos ( ) ( )1,2, 2 1, 2 1,2,1 − e ( )0,3 são pontos de acumulação de ( ){ }22 2, xyIRyxB >∈= . Respostas: A Figura 36 mostra a região B e os pontos para ajudar da visualização das respostas. Figura 36 – Região B Fonte: Elaboração da autora, 2013 De maneira geral, podemos dizer que os pontos BP∈ são de acumulação quando 22xy > ou 22xy = e não são de acumulação quando 22xy < . Assim temos: ( )2,1 é ponto de acumulação: ( ) B∉2,1 mas neste ponto 22xy = ; − 2 1, 2 1 é ponto de acumulação: B∉ − 2 1, 2 1 mas neste ponto 22xy = ; ( )1,2 não é ponto de acumulação pois neste ponto 22xy < ; -4 -3 -2 -1 1 2 3 -2 -1 1 2 3 x y (1,2) (2,1) (3,0) − 2 1, 2 1 ( )0,3 não é ponto de acumulação pois neste ponto 22xy < . (2) Usando a definição dada, mostre que ( ) ( ) ( ) 1223lim 3,2, =+ → yx yx . Respostas: Devemos mostrar que para todo 0>ε existe um 0>δ tal que ( ) ε<−12, yxf sempre que ( ) ( ) δ<−< 3,2,0 yx . O módulo ( ) ( )3,2, −yx pode ser escrito como ( ) ( )22 32 −+− yx . Assim, ( ) ( ) δ<−+−< 22 320 yx . Agora podemos encontrar δ : ( ) ( ) ( ) .3223 32236263 122312, −+−≤ −+−=−+−= −+=− yx yxyx yxyxf Como ( ) ( )22 322 −+−≤− yxx e ( ) ( )22 323 −+−≤− yxy , podemos dizer que δδ 233223 +<−+− yx δ53223 <−+− yx sempre que ( ) ( ) δ<−+−< 22 320 yx . Se fizermos 5 εδ = garantimos que ( ) ( ) δ<−+−< 22 320 yx e então teremos: ( ) . 5 2 5 3 322212, ε εε = ⋅+⋅< −+−≤− yxyxf Logo, podemos concluir que ( ) ( ) ( ) 1223lim 3,2, =+ → yx yx . (3) Mostre que os limites indicados não existem: (a) 22 22 0 0 4lim yx yx y x + − → → (b) yx xy y x − − → → 2 5lim 0 0 Respostas: (a) 22 22 0 0 4lim yx yx y x + − → → Caminho 1: ( ) ( )0,0, →yx pelo eixo dos x. Neste caso devemos fazer 0=y e o limite passa a ser de uma única variável. .1lim 0 04lim 2 2 022 22 0 0 == + ⋅− → = → x x x x x y x Caminho 2: ( ) ( )0,0, →yx pelo eixo dos y. Neste caso devemos fazer 0=x e o limite passa a ser de uma única variável. 44lim 0 40lim 2 2 022 22 0 0 −= − = + − → → = y y y y y y x .Como o resultado do limite foi diferente nos dois caminhos escolhidos, podemos concluir que 22 22 0 0 4lim yx yx y x + − → → não existe. (b) yx xy y x − − → → 2 5lim 0 0 Caminho 1: ( ) ( )0,0, →yx pelo eixo dos x. Neste caso devemos fazer 0=y e o limite passa a ser de uma única variável. 2 1 2 lim 02 05lim 0 0 0 0 − = − = − −⋅ = → = → x x x x y x y x . Caminho 2: ( ) ( )0,0, →yx pelo eixo dos y. Neste caso devemos fazer 0=x e o limite passa a ser de uma única variável. 55lim 02 05lim 0 0 0 −= − = −⋅ − → → = y y y y y y x . Como o resultado do limite foi diferente nos dois caminhos escolhidos, podemos concluir que yx xy y x − − → → 2 5lim 0 0 não existe. 2.5.2 Atividades de autoavaliação (1) Calcule os seguintes limites, mostrando a aplicação das propriedades. (a) ( )103lim 2 0 0 ++ → → xyx y x (b) xy yx y x 33 2 1 lim + −→ → (c) ( )103 1 1 4lim xyx y x + → → (d) xy xy y x 2 3lim 4 2 1 2 + → → Respostas: (a) ( ) ( ) 10100030lim103lim 2 0 0 2 0 0 =+⋅⋅+=++ → → → → y x y x xyx . (b) ( ) ( ) 2 7 2 7 2 81 21 21limlim 33 2 1 33 2 1 = − − = − − = −⋅ −+ = + −→ → −→ → y x y x xy yx . (c) ( ) ( ) ( ) ( )10 10 3 1 1 10 3 1 1 103 1 1 51114lim4lim4lim = ⋅+⋅= +=+ → → → → → → y x y x y x xyxxyx . (d) 65 34 65 316 22 2 1 2 123 lim 2 3lim 2 3lim 2 1 2 1 4 2 1 2 2 1 4 2 1 24 2 1 2 = ⋅= ⋅+ ⋅⋅ = + = + → → → → → → y x y x y x xy xy xy xy . (2) Calcule os seguintes limites que envolvem indeterminações. (a) xxy x y x 3 22lim 2 0 0 − −+ → → (b) 32 222 2 0 2 84126lim xyxy xyxyxyx y x − ++− → → . Respostas: (a) 0 0 3 22lim 2 0 0 = − −+ → → xxy x y x Para resolver esta indeterminação 0 0 , vamos multiplicar numerador e denominador pelo conjugado da expressão que possui as raízes quadradas: . 12 2 26 1 )22)(3( 1lim )22)(3( lim )22)(3( )22)(22(lim 3 22lim 2 0 02 0 0 2 0 02 0 0 − = − = ++− = ++− = = ++− ++−+ = − −+ → → → → → → → → xyxyx x xxxy xx xxy x y x y x y x y x (b) 0 0 2 84126lim 32 222 2 0 = − −+− → → xyxy xyxyxyx y x Dividindo numerador e denominador por x temos: 0 0 2 84126lim 32 2 2 0 = − −+− → → yy yyxxy y x Como ainda temos uma indeterminação 0 0 , vamos agora dividir o numerador e o denominador por ( )2−y : ( )( ) ( )( ) ( ) ( ) ( ) ( )( ) .24 8 2 2406lim 46lim 2 462lim 2 84126lim 2 2 0 2 2 02 2 032 2 2 0 −= − = − ⋅+⋅ = − + = −− +− = − −+− → → → → → → → → y x y x y x y x y yx yy yxy yy yyxxy Capítulo 4: Continuidade de funções Seção 1: Continuidade de funções de uma variável 1.5 Atividades de autoavaliação (1) Verifique se as seguintes funções são contínuas no ponto indicado. (a) 9 65)( 2 2 − +− = x xxxf em 3=x ; (b) = ≠ +− − = 36 3 65 9 )( 2 2 x x xx x xg em 3=x ; (c) 12)( 2 +−= xxxh em 1=x ; (d) <+ ≥ = 02 0 )( 2 xx xx xf em 0=x . Respostas: (a) 9 65)( 2 2 − +− = x xxxf em 3=x Para que f(x) seja contínua em 3=x , é necessário calcular )3(f . Isto não é possível pois não existe divisão por zero, logo a função não é contínua em 3=x . (b) = ≠ +− − = 36 3 65 9 )( 2 2 x x xx x xg em 3=x 6)3( =f 6 1 6 2 3lim )2)(3( )3)(3(lim 65 9lim)(lim 332 2 33 == − + = −− +− = +− − = →→→→ x x xx xx xx xxf xxxx Como )(lim6)3( 3 xff x→ == , segue que a função é contínua em 3=x . (c) 12)( 2 +−= xxxh em 1=x 0121)1( =+−=f 0121)12(lim 2 1 =+−=+− → xx x Como )(lim0)1( 1 xff x→ == , segue que a função é contínua em 1=x (d) <+ ≥ = 02 0 )( 2 xx xx xf em 0=x 00)0( 2 ==f 0lim)(lim 2 00 == ++ →→ xxf xx e 2)2(lim)(lim 00 =+= −− →→ xxf xx O fato de os limites laterais não são iguais caracteriza a descontinuidade da função em 0=x . (2) Em cada item, encontre uma função f que satisfaça a condição proposta. (a) f é contínua em toda parte, exceto no ponto 1=x ; (b) f tem limite em 1=x , mas não é contínua naquele ponto; (c) f é racional com ponto de descontinuidade em x=4. Respostas: Aqui muitos exemplos podem ser apresentados. Segue um para cada item: (a) 1 1)( − = x xf ; (b) = ≠ − − = 1 3 1, 1 1 )( 2 x x x x xf (c) 4 1)( − = x xf . (3) Ache o valor de k, para que a função f seja contínua. < ≥− = 3 334 )( xkx xx xf . Respostas: Para a função ser contínua, devemos ter )(lim)3( 3 xff x→ = . Mas 9334)3( =−⋅=f . Agora 9)34(lim)(lim 33 =−= ++ →→ xxf xx e kkxxf xx 3lim)(lim 33 == −− →→ . Assim para satisfazer a condição de continuidade devemos ter 93 =k 3=k (4) Encontre os pontos de descontinuidade das seguintes funções: (a) 4 8)( 2 3 − − = x xxf ; (b) || )( x xxg = ; (c) = ≠+ = 310 31 )( 2 x xx xh . Respostas: (a) 4 8)( 2 3 − − = x xxf O denominador desta função se anula quando 2−=x e 2=x , logo não existem )2(−f e )2(f , e portanto a função é descontinua em 2−=x e 2=x . (b) || )( x xxg = É fácil de perceber que não é possível calcular )0(f , pois temos uma divisão por zero, logo a função não é contínua em zero. (c) = ≠+ = 310 31 )( 2 x xx xh Aqui temos que 10)3( =f e 1019)1(lim 2 3 =+=+ → x x , portanto contínua em 3=x . Qualquer outro ponto ax = , a função também é contínua, pois )(lim1)( 2 xfaaf ax→ =−= Logo esta função não apresenta ponto de descontinuidade. (5) Faça o gráfico da função >− = <≤− −<− = 14 14 11 12 )( xx x xx xx xf . Usando o gráfico desta função encontre os limites que seguem e discuta a continuidade da função no seu domínio: (a) )(lim 1 xf x +−→ (b) )(lim 1 xf x −−→ (c) )(lim 1 xf x −→ = (d) )(lim 1 xf x +→ (e) )(lim 1 xf x −→ (f) )(lim 1 xf x→ = Respostas: O gráfico está apresentado na Figura 37. Figura 37 – Gráfico da função do exercício (6) Fonte: Elaboração da autora, 2013 -3 -2 -1 1 2 3 4 5 -6 -5 -4 -3 -2 -1 1 2 3 4 5 6 x f(x) Usando o gráfico temos: (a) 1)(lim 1 −= +−→ xf x (b) 3)(lim 1 = −−→ xf x(c) )(lim 1 xf x −→ não existe, pois os limites laterais são diferentes (d) 3)(lim 1 = +→ xf x (e) 1)(lim 1 = −→ xf x (f) )(lim 1 xf x→ não existe pois os limites laterais são diferentes. Ao analisar a continuidade da função no seu domínio é possível afirmar que a função dada é contínua em R-{-1,1}. (6) Seja |3|3)( xxf −−= . Calcule )(lim 3 xf x +→ e )(lim 3 xf x −→ e discuta a continuidade no seu domínio. Faça a representação gráfica. Respostas: Temos que >+− ≤− =− 3,3 3,3 |3| xx xx x Assim: ;336)6(lim))3(3(lim)(lim 333 =−=−=+−−= +++ →→→ xxxf xxx 3lim))3(3(lim)(lim 333 ==−−= −−− →→→ xxxf xxx . Figura 38 – Gráfico da função do exercício (6) Fonte: Elaboração da autora, 2013 A função dada é contínua em todo o conjunto dos reais. -3 -2 -1 1 2 3 4 5 6 7 8 9 -2 -1 1 2 3 x y (7) Verifique se as seguintes funções são contínuas no ponto dado. (a) 2 4)( 2 2 − − = x xxf em 2=a ; (b) −=− −≠ + − = 24 2 2 4 )( 2 x x x x xg em 2−=a ; (c) = ≠ − −− = 43 4 4 82 )( 2 x x x xx xh em 4=a . Respostas: (a) 2 4)( 2 − − = x xxf em 2=a Esta função não é contínua em 2=x pois a função não está definida para 2=x , ou seja, )2(f não existe (teríamos uma divisão por zero). (b) −=− −≠ + − = 2;4 2; 2 4 )( 2 x x x x xg em 2−=a 4)2( −=−g 422)2(lim 2 )2)(2(lim 2 4lim)(lim 22 2 22 −=−−=−= + +− = + − = −→−→−→−→ x x xx x xxg xxxx Como )(lim4)2( 2 xgg x −→ =−=− , segue que a função é contínua em 2−=x . (c) = ≠ − −− = 4,3 4, 4 82 )( 2 x x x xx xh em 4=a 3)4( =h 624)2(lim 4 )2)(4(lim 4 82lim)(lim 44 2 44 =+=+= − +− = − −− = →→→→ x x xx x xxxh xxxx Como )(lim)4( 4 xhh x→ ≠ , segue que a função não é contínua em 4=x . (8) Encontre o valor de k para que >− ≤+ = 3;1 3;1 )( 2 xkx xkx xf seja contínua. Respostas: Para a função ser contínua, devemos ter )(lim)3( 3 xff x→ = . Temos que 13)3( += kf . Agora, 19)1(lim)(lim 2 33 −=−= ++ →→ kkxxf xx e 13)1(lim)(lim 33 +=+= −− →→ kkxxf xx Portanto devemos ter que: 1319 +=− kk 26 =k 3 1 =k Seção 2: Continuidade de funções de duas variáveis 2.4 Atividades de autoavaliação (1) Verifique se as funções são contínuas nos pontos indicados: (a) ( ) = ≠ += )0,0(),(;0 )0,0(),(;2 , 24 2 yx yx yx yx yxf no ponto ( )0,0 (b) ( ) ( ) ( )( ) ( )0,0, 0,0, ; ; 3 , 22 = ≠ + + = yx yx yx yx yxf no ponto ( )0,0 Respostas: (a) ( ) = ≠ += )0,0(),(;0 )0,0(),(;2 , 24 2 yx yx yx yx yxf no ponto ( )0,0 Vamos analisar se ( ) ( ) ( ) ( )0,0,lim 0,0, fyxf yx = → . Temos que ( ) 00,0 =f e para calcular o limite ( ) ( ) 24 2 0,0, 2lim yx yx yx +→ podemos escolher diferentes caminhos. Caminho 1: ( ) ( )0,0, →yx pelo eixo dos x. 0 0 02lim 24 2 0 0 = + ⋅ = → x x y x . Caminho 2: ( ) ( )0,0, →yx pelo eixo dos y. 0 0 02lim 24 2 0 0 = + ⋅ → = y y y x . Caminho 3: ( ) ( )0,0, →yx pelos pontos da reta xy = . 0 1 2lim2lim 2024 2 0 = + = + ⋅ = → = → x x xx xx xy x xy x . Caminho 4: ( ) ( )0,0, →yx pelos pontos da reta yx = . ( ) ( ) 1 2 2lim2lim 2 lim 2 2 0 22 2 0 24 2 0 == + = + ⋅ → = → = → = y y yy y yy yy y yx y yx y yx . Sendo assim, o fato do limite não existir implica na afirmação de que a função ( )yxf , não é contínua no ponto ( )0,0 . (b) ( ) ( ) ( )( ) ( )0,0, 0,0, ; ; 3 , 22 = ≠ + ⋅ = yx yx yx yx yxf no ponto ( )0,0 Vamos analisar se ( ) ( ) ( ) ( )0,0,lim 0,0, fyxf yx = → . Temos que ( ) 30,0 =f e para calcular o limite ( ) ( ) 220,0, lim yx xy yx +→ podemos escolher diferentes caminhos. Caminho 1: ( ) ( )0,0, →yx pelo eixo dos x. 0 0 0lim 22 0 0 = + ⋅ = → x x y x . Caminho 2: ( ) ( )0,0, →yx pelo eixo dos y. 0 0 0lim 22 0 0 = + ⋅ → = y y y x . Caminho 3: ( ) ( )0,0, →yx pelos pontos da reta xy = . . 2 1 2 lim 2 2 220 == + ⋅ = → x x xx xx xy x Como obtemos resultados diferentes nos caminhos escolhidos, temos que o limite não existe e assim a função ( )yxf , não é contínua no ponto ( )0,0 . (2) Analise a continuidade da função ( )22ln yxz += . Respostas: A função ( )22ln yxz += é a composta das funções: ( ) ( ) 22, ln yxyxgu uuf +== = A função ( )yxg , é contínua em 2R , pois é uma função polinomial. A função ( )uf é contínua para todos os valores de seu domínio, ou seja, em *+R . Como ( ) 0, >yxg para qualquer ( ) 2, Ryx ∈ , temos que para qualquer ( ) 200 , Ryx ∈ , g é contínua em ( )00 , yx e f é contínua em ( )00 , yxg . Assim, podemos dizer que ( )22ln yxz += é contínua em 2R ou no seu domínio. (3) Dê um exemplo de uma função de duas variáveis que seja contínua em todos os pontos de seu domínio. Respostas: Podemos ter uma infinidade de exemplos, qualquer função do tipo polinomial é contínua em todos os pontos do seu domínio. Capítulo 3: Limites de funções Seção 1: Limites de funções de uma variável 1.1.2 Atividades de autoavaliação 1.3 Atividades de autoavaliação 1.4.3 Atividades de autoavaliação 1.5.2 Atividades de autoavaliação 1.5.5 Atividades de autoavaliação Seção 2: Limites de funções de duas variáveis 2.4 Atividades de autoavaliação 2.5.2 Atividades de autoavaliação Capítulo 4: Continuidade de funções Seção 1: Continuidade de funções de uma variável 1.5 Atividades de autoavaliação Seção 2: Continuidade de funções de duas variáveis 2.4 Atividades de autoavaliação
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