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Turma: 2012.1N Segundo semestre de 2012 Cálculo Diferencial e Integral II Gabarito da Prova 2 Prof. Paulo Takashi Taneda Questão 1. (2 pontos) As funções f : [a, b] −→ R e g : [a, b] −→ R são contı́nuas e os respectivos gráficos estão representados na figura abaixo. Sabe-se que A1 é a área da região limitada pelo gráfico de f e pelo eixo x no intervalo [a, c], e A2 é a área da região limitada pelo gráfico de f e pelo eixo x no intervalo [c, b]. Da mesma forma, B1 é a área da região limitada pelo gráfico de g e pelo eixo x no intervalo [a, c], e B2 é a área da região limitada pelo gráfico de g e pelo eixo x no intervalo [c, b]. Se A1 = 2, A2 = 8, B1 = 4 e B2 = 3, calcule o valor da integral ∫ b a [ f (x) + g(x)] dx. Resolução. A integral ∫ b a [ f (x) + g(x)] dx é igual a −5. Questão 2. (a) (0,5 ponto) Calcule a integral ∫ 1 x2 + 1 dx. (b) (1 ponto) Calcule a integral ∫ 1 x2 + x + 2 dx. (c) (1,5 ponto) Calcule a integral ∫ x x2 + x + 2 dx. (d) (1 ponto) Utilizando os itens (a), (b) e (c), calcule a integral ∫ x3 + 2x2 + 2x + 3 (x2 + x + 2)(x2 + 1) dx. Resolução. 1 (a) arctg x + c, onde c ∈ R. (b) 2 √ 7 7 arctg ( 2x + 1√ 7 ) , onde c ∈ R. (c) 1 2 ln(x2 + x + 2) − √ 7 7 arctg ( 2x + 1√ 7 ) , onde c ∈ R. (d) Como x3 + 2x2 + 2x + 3 (x2 + x + 2)(x2 + 1) = x + 1 x2 + x + 2 + 1 x2 + 1 , segue que:∫ x3 + 2x2 + 2x + 3 (x2 + x + 2)(x2 + 1) dx = 1 2 ln(x2 + x + 2) + √ 7 7 arctg ( 2x + 1√ 7 ) + arctg x + c , onde c ∈ R. Questão 3. (2 pontos) Calcule a área da região do planoR2 que se encontra entre o gráfico da função f (x) = 1 1 + x2 e o eixo x (note que f (x) > 0 para todo x ∈ R). Resolução. A área é igual a ∫ +∞ −∞ 1 1 + x2 = π. Questão 4. a) (1 ponto) Dizemos que uma função f : R −→ R é ı́mpar se f (−x) = − f (x) para todo x ∈ R. Assim, se f : R −→ R é uma função ı́mpar contı́nua emR, e α ∈ R é tal que α > 0, qual é o valor de ∫ +α −α f (x) dx? Justifique.( Sugestão: ∫ +α −α f (x) dx = ∫ 0 −α f (x) dx+ ∫ +α 0 f (x) dx e ∫ b a f (x) dx = − ∫ a b f (x) dx . ) b) (1 ponto) Calcule ∫ +π/2 −π/2 (x2 + 1) · sen x (x6 + x4 + x2 + 2) dx. Resolução. a) Temos que:∫ +α −α f (x) dx = ∫ 0 −α f (x) dx+ ∫ +α 0 f (x) dx = − ∫ −α 0 f (x) dx+ ∫ +α 0 f (x) dx . Fazendo a substituição u = −x (isto é, x = −u) na primeira integral da última igualdade acima, obtemos −du = dx, com u = 0 para x = 0, e u = α para x = −α. Portanto:∫ +α −α f (x) dx = − ∫ α 0 f (−u) (−du) + ∫ +α 0 f (x) dx = ∫ α 0 f (−u) du+ ∫ +α 0 f (x) dx . Agora, como f é ı́mpar, segue que f (−u) = − f (u), o que implica que:∫ +α −α f (x) dx = − ∫ α 0 f (u) du+ ∫ +α 0 f (x) dx . Finalmente, observando que ∫ α 0 f (u) du = ∫ +α 0 f (x) dx (o nome da variável em uma integral não interfere no seu valor, desde que a função e os limites de integração sejam 2 os mesmos), concluı́mos que ∫ +α −α f (x) dx = 0 . b) Sendo f (x) = (x2 + 1) · sen x x6 + x4 + x2 + 2 , note que f (−x) = − f (x), isto é, [(−x)2 + 1] · sen(−x) (−x)6 + (−x)4 + (−x)2 + 2 = − (x2 + 1) · sen x x6 + x4 + x2 + 2 , para todo x ∈ R, pois sen(−x) = − sen x. Logo, f é uma função ı́mpar, e (pelo que vimos no item (a)), cocluı́mos que∫ +π/2 −π/2 (x2 + 1) · sen x (x6 + x4 + x2 + 2) dx = ∫ π/2 −π/2 f (x) dx = 0 . Questão 4. (2 pontos) A figura abaixo representa o gráfico de uma função f . Determine os intervalos de crescimento e decrescimento da função g(x) = ∫ x 0 f (t) dt. Resolução. Pelo teorema fundamental do Cálculo, sabemos que g′(x) = f (x). Logo, temos g′(x) > 0 se 0 < x < 2 ou x > 9.5, e g′(x) < 0 se x < 0 ou 2 < x < 9.5. Portanto, g é crescente em ]0; 2[ e ]9.5;+∞[, e é decrescente em ] −∞; 0[ e ]2; 9.5[ 3
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