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1 1) Em maio de 1952, uma estudante de 14 anos, Johanna Mankiewicz, estava tendo problemas com o dever de casa de matemática. Ela se perguntou onde obter ajuda e decidiu escrever uma carta para Albert Einstein, de 73 anos, perguntando: “Sei que você é um homem muito ocupado, mas você é a única pessoa que conhecemos que poderia nos fornecer a resposta.” “Qual é o comprimento da tangente externa comum a dois círculos tangentes de raios 8 polegadas e 2 polegadas?” E, incrivelmente, Einstein escreveu de volta! Ele frequentemente escrevia de volta aos alunos com perguntas genuínas. Embora Einstein não tenha resolvido o problema explicitamente, ele deu algumas dicas interessantes e uma construção geral que seria útil. O comprimento da tangente CD é: (a) 80 (b) 100 (c) 120 (d) 130 (e) 150 2 SOLUÇÃO: Observe a figura abaixo. No triângulo retângulo NHM temos seus catetos medindo: 8 6 4 3 7 2 2 3 2 1 MH NH NI HI = + = + = = − = − = Logo, aplicando o Teorema de Pitágoras, a hipotenusa mede: 2 2 2 2 27 1 49 1 50 50 2 25 5 2 MN MH NH MN = + = + = + = = = = ALTERNATIVA A. 2) Em um quadrado ABCD de 50cm de lado quatro triângulos retângulos isósceles com catetos medindo 30cm são colocados nos quatro cantos do quadrado, conforme mostrado abaixo. A área da região dentro do quadrado não coberta pelos quatro triângulo, sombreada em verde é: (a) 2200cm (b) 2500cm (c) 2600cm (d) 2800cm (e) 2900cm 3 SOLUÇÃO: De acordo com os dados da questão, temos: Aplicando o Teoremas de Pitágoras ao triângulo retângulo isósceles de catetos 20cm e hipotenusa x : 2 2 2 2 220 20 400 400 800x x x= + = + = Portanto a área do quadrado em verde é: 2800S cm= ALTERNATIVA D. 3) Observe a figura abaixo: O comprimento do segmento MN é: (a) 145 6 (b) 145 5 (c) 145 3 (d) 145 2 (e) 145 4 SOLUÇÃO: O segmento MN está contido na reta t cuja equação pode ser obtida da seguinte forma: ( ) ( ) : 3;0 , 0;6 0 3 6 0 6 6 3 6 0 3 6 2 3 : 2 6 t y ax b A B t A t a b B t a b b a a a t y x = + = + = + = − + = = − = = − = − + As coordenadas dos pontos M e N , extremidade do segmento MN são dadas por: ( ) : 5 ; : 2 6 1 2 6 5 2 6 5 2 1 2 M M M M M M M M M r y M x y t y x x x x x = = − + − + = − = − + − = − = − ( ) : 3 ; : 2 6 2 2 6 3 2 6 3 2 3 3 N N N N N N N N N s y N x y t y x x x x x = = − + − + = − = − + − = − = − Logo, 1 ;5 2 M − e 2 ;3 3 N − 5 O comprimento do segmento MN é: ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 2 2 2 2 1 3 5 3 2 2 1 4 3 1 2 2 2 3 2 6 6 1 1 144 145 145 4 36 36 36 6 MN MN MN = − − − + − − + = − + + − = + − = − + − + = + = = = ALTERNATIVA A. 4) Observe a figura abaixo. A sua área é: (a) 80 (b) 100 (c) 120 (d) 130 (e) 150 SOLUÇÃO: Considere os triângulos retângulos CDF , BCE e CDG . Como suas hipotenusas BC e CD são congruentes, estes triângulos são congruentes. (veja figura), logo, a área do quadrilátero ABCD é igual a área do retângulo AECG que vale: 10 10 100AECG ABCDS S= = = Alternativa B. 6 5) Considere o retângulo abaixo: Dois pontos G e H encontram-se no lado BC do retângulo ABCD . Se o triângulo EGF e EHF são triângulos retângulos de hipotenusa EF , as coordenadas dos pontos G e H são: (a) ( ) ( )5;2 , 5;2G H − (b) ( ) ( )2,5;2 , 2,5;2G H − (c) ( ) ( )3;2 , 3;2G H − (d) ( ) ( )2; 5 , 2; 5G H − (e) ( ) ( )5; 2 , 5;2G H− SOLUÇÃO: Vamos traçar a circunferência de centro O e raio OE cuja equação é: 2 2 2 2 2 9 x y r x y + = + = Como EF é seu diâmetro os triângulos EHF e EGF são triângulos retângulos. As coordenadas desses pontos são: 2 2 2 2 2 2 2 2 9 4 9 5 5 9 y x x x x x y = + = + = = = + = 7 Portanto, temos: ( ) ( ) 5;2 5;2 G H − Alternativa A.
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