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1 Fundação Centro de Ciências e Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Centro de Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Equações Diferenciais - Exercícios Programados 07 Soluções Exercício 1 Escreva cada equação na forma “notação de operadores”. a) d2y dx2 + 3 dy dx + 2y = x3 b) 3y(IV ) − 5y′′′ + y = e−x + senx c) d2s dt2 = −β ds dt − ω2s d) x2y′′ − 2xy′ = y + 1. Solução: a) Fazendo as “substituições” d dx = D e d2 dx2 = D2, segue que d2y dx2 + 3 dy dx + 2y = x3 ⇒ d2 dx2 y + 3 d dx y + 2y = x3 ⇒ D2y + 3Dy + 2y = x3 ⇒ ( D2 + 3D + 2 ) y = x3. b) Fazendo as “substituições” d dx = D, d3 dx3 = D3 e d4 dx4 = D4, segue que 3y(IV ) − 5y′′′ + y = e−x + senx ⇒ 3 d4 dx4 y − 5 d3 dx3 y + y = e−x + senx ⇒ 3D4y − 5D3y + y = e−x + senx ⇒ ( 3D4 − 5D3 + 1 ) y = e−x + senx. c) Fazendo as “substituições” d dt = D e d2 dt2 = D2, temos d2s dt2 = −β ds dt − ω2s ⇒ d2s dt2 + β ds dt + ω2s = 0 ⇒ d2 dt2 s+ β d dt s+ ω2s = 0 ⇒ D2s+ βDs+ ω2s = 0 ⇒ ( D2 + βD + ω2 ) s = 0. Consórcio CEDERJ - Fundação CECIERJ 2011/1 2 d) Fazendo as “substituições” d dx = D e d2 dx2 = D2, tem-se x2y′′ − 2xy′ = y + 1 ⇒ x2 d2y dx2 − 2x dy dx − y = 1 ⇒ x2 d2 dx2 y − 2x d dx y − y = 1 ⇒ x2D2y − 2xDy − y = 1 ⇒ ( x2D2 − 2xD − 1 ) y = 1. Exercício 2 Se y = x3 − 3x2 + 2e−x e z = sen2x+ 3 cos 2x, determine: a) (D2 + 3D + 1)y b) (2D3 −D2 − 4)z c) (D2 + 2D)(y + z) d) (x2D2 + 3xD − 2)(2y − 3z). Solução: a) Temos (D2 + 3Dy + 1)y = (D2 + 3Dy + 1)(x3 − 3x2 + 2e−x) = D2(x3 − 3x2 + 2e−x) + 3D(x3 − 3x2 + 2e−x) + +(x3 − 3x2 + 2e−x) = D(3x2 − 6x− 2e−x) + 3(3x2 − 6x− 2e−x) + +(x3 − 3x2 + 2e−x) = 6x− 6 + 2e−x + x3 + 6x2 − 18x− 4e−x = x3 + 6x2 − 12x− 6− 2e−x. b) Tem-se (2D3 −D2 − 4)z = (2D3 −D2 − 4)(sen2x+ 3 cos 2x) = 2D3(sen2x+ 3 cos 2x)−D2(sen2x+ 3 cos 2x)− −4(sen2x+ 3 cos 2x) = 2D2(2 cos 2x− 6sen2x)−D(2 cos 2x− 6sen2x)− −4sen2x− 12 cos 2x = 2D(−4sen2x− 12 cos 2x)− (−4sen2x− 12 cos2x)− −4sen2x− 12 cos 2x = 48sen2x− 16 cos2x. Consórcio CEDERJ - Fundação CECIERJ 2011/1 3 c) Segue que (D2 + 2D)(y + z) = (D2 + 2D)(x3 − 3x2 + 2e−x + sen2x+ 3 cos 2x) = D2(x3 − 3x2 + 2e−x + sen2x+ 3 cos 2x) + +2D(x3 − 3x2 + 2e−x + sen2x+ 3 cos 2x) = D(3x2 − 6x− 2e−x + 2 cos 2x− 6sen2x) + +6x2 − 12x− 4e−x + 4 cos 2x− 12sen2x = 6x− 6 + 2e−x − 4sen2x− 12 cos2x+ +6x2 − 12x− 4e−x + 4 cos 2x− 12sen2x = 6x2 − 6x− 6− 2e−x − 16sen2x− 8 cos 2x. d) Temos (x2D2 + 3xD − 2)(2y − 3z) = 2(x2D2 + 3xD − 2)y.− 3(x2D2 + 3xD − 2)z. Daí, (x2D2 + 3xD − 2)y = (x2D2 + 3xD − 2)(x3 − 3x2 + 2e−x) = x2D2(x3 − 3x2 + 2e−x) + 3xD(x3 − 3x2 + 2e−x)− −2(x3 − 3x2 + 2e−x) = x2D(3x2 − 6x− 2e−x) + 3x(3x2 − 6x− 2e−x)− −2x3 + 6x2 − 4e−x = x2(6x− 6 + 2e−x) + 7x3 − 12x2 − 18x− (6x+ 4)e−x = 13x3 − 18x2 + (2x2 − 6x− 4)e−x. Logo, 2(x2D2+3xD−2)y = 26x3−36x2+(4x2−12x−8)e−x. Temos, também (x2D2 + 3xD − 2)z = (x2D2 + 3xD − 2)(sen2x+ 3 cos 2x) = x2D2(sen2x+ 3 cos 2x) + 3xD(sen2x+ 3 cos 2x)− −2(sen2x+ 3 cos 2x) = x2D(2 cos 2x− 6sen2x) + 3x(2 cos 2x− 6sen2x) + −2sen2x− 6 cos 2x = x2(−4sen2x− 12 cos 2x) + (6x− 6) cos 2x− −(18x+ 2)sen2x = (−4x2 − 18x− 2)sen2x+ (−12x2 + 6x− 6) cos 2x. Portanto,−3(x2D2+3xD−2)z = (12x2+54x+6)sen2x+(36x2−18x+18) cos2x. Assim, temos (x2D2 + 3xD − 2)(2y − 3z) = 26x3 − 36x2 + (4x2 − 12x− 8)e−x+ +(12x2 + 54x+ 6)sen2x+ (36x2 − 18x+ 18) cos 2x. Consórcio CEDERJ - Fundação CECIERJ 2011/1 4 Exercício 3 Determine F (x) ≡ (D − 1)(x3 + 2x), onde D ≡ d dx . Depois determine (D−2)F (x). Note que o resultado pode ser expresso como (D−2)(D− 1)(x3+2x). O resultado é o mesmo que o da expressão (D2−3D+2)(x3+2x)? O operador (D − 2)(D − 1) é o mesmo que o operador (D2 − 3D + 2) quando eles são aplicados em qualquer função diferenciável? Prove sua resposta. Solução: Temos F (x) = (D − 1)(x3 + 2x) = D(x3 + 2x)− (x3 + 2x) = 3x2 + 2− x3 − 2x = −x3 + 3x2 − 2x+ 2. Daí, aplicando o operador (D − 2), segue que (D − 2)F (x) = (D − 2)(−x3 + 3x2 − 2x+ 2) = D(−x3 + 3x2 − 2x+ 2)− 2(−x3 + 3x2 − 2x+ 2) = −3x2 + 6x− 2 + 2x3 − 6x2 + 4x− 4 = 2x3 − 9x2 + 10x− 6. Finalmente, (D2 − 3D + 2)(x3 + 2x) = D2(x3 + 2x)− 3D(x3 + 2x) + 2(x3 + 2x) = D(3x2 + 2)− 3(3x2 + 2) + 2x3 + 4x = 6x− 9x2 − 6 + 2x3 + 4x = 2x3 − 9x2 + 10x− 6. Portanto, (D − 2)(D − 1)(x3 + 2x) = (D2 − 3D + 2)(x3 + 2x). Vamos mostrar agora que (D−2)(D−1) = (D2−3D+2) para qualquer função diferenciável. Seja f(x) uma função diferenciável. Tem-se (D − 2)(D − 1)f(x) = (D − 2)Df(x)− (D − 2)f(x) = (D − 2)f ′(x)−Df(x) + 2f(x) = Df ′(x) − 2f ′(x) − f ′(x) + 2f(x) = f ′′(x) − 3f ′(x) + 2f(x) = D2f(x)− 3Df(x) + 2f(x) = (D2 − 3D + 2)f(x). Logo, (D− 2)(D− 1) = (D2− 3D+2) para qualquer função diferenciável f(x). Exercício 4 Responda: a) (D − a)(D − b) = D2 − (a+ b)D + ab, onde a e b são constantes? Consórcio CEDERJ - Fundação CECIERJ 2011/1 5 b) Dois operadores φ1(D) e φ2(D) são ditos comutativos com respeito a multi- plicação se φ1(D)φ2(D)u = φ2(D)φ1(D)u. Os operadores (D− a) e (D− b) são comutativos? c) Operadores φ1(D), φ2(D) e φ3(D) são ditos associativos com respeito a mul- tiplicação se φ1(D) [φ2(D)φ3(D)]u = [φ1(D)φ2(D)]φ3(D)u. Os operadores (D − a), (D − b) e (D − c), onde a, b e c são constantes, são associativos? Solução: a) Verdade. Seja f(x) uma função diferenciável, segue (D − a)(D − b)f(x) = (D − a)[Df(x) − bf(x)] = (D − a)[f ′(x) − bf(x)] = D[f ′(x) − bf(x)]− a[f ′(x) − bf(x)] = Df ′(x) − bDf(x)− af ′(x) + abf(x) = f ′′(x) − bf ′(x) − af ′(x) + abf(x) = f ′′(x) − (a+ b)f ′(x) + abf(x) = [D2 − (a+ b)D + ab]f(x). Portanto, (D − a)(D − b) = (D2 − (a+ b)D + ab). b) Seja f(x) uma função diferenciável. Tem-se (D − a)(D − b)f(x) = [D2 − (a+ b)D + ab]f(x) = f ′′(x)− (a+ b)f ′(x) + abf(x) = f ′′(x)− af ′(x) − bf ′(x) + abf(x) = d dx [f ′(x) − af(x)]− b[f ′(x) − af(x)] = D[f ′(x)− af(x)]− b[f ′(x)− af(x)] = (D − b)[f ′(x) − af(x)] = (D − b) [ d dx f(x)− af(x) ] = (D − b)[Df(x)− af(x)] = (D − b)(D − a)f(x). Logo, (D − a) e (D − b) são operadores comutativos. Consórcio CEDERJ - Fundação CECIERJ 2011/1 6 c) Seja f(x) uma função diferenciável. Temos [(D − a)(D − b)](D − c)f(x) = [(D − a)(D − b)](Df(x)− cf(x)) = (D2 − (a+ b)D + ab)(f ′(x)− cf(x)) = D2(f ′(x) − cf(x))− (a+ b)D(f ′(x)− −cf(x)) + ab(f ′(x) − cf(x)) = f ′′′(x) − cf ′′(x)− (a+ b)[f ′′(x)− cf ′(x)] + +abf ′(x)− abcf(x) = f ′′′(x) − (a+ b+ c)f ′′(x) + (ab+ bc+ +ac)f ′(x)− abcf(x) = f ′′′(x) − (b+ c)f ′′(x) + bcf ′(x) − a(f ′′(x)− −(b+ c)f ′(x) + bcf(x)) = d dx (f ′′(x)− (b + c)f ′(x) + bcf(x))− −a(f ′′(x)− (b + c)f ′(x) + bcf(x)) = D(f ′′(x) − (b+ c)f ′(x) + bcf(x))− −a(f ′′(x)− (b + c)f ′(x) + bcf(x)) = (D − a)[f ′′(x)− (b + c)f ′(x) + bcf(x)] = (D − a)[(D − b)(D − c)]f(x). Logo, os operadores (D − a), (D − a) e (D − a) são associativos. Exercício 5 Represente, se possível, D3−6D2+11D−6 como um “produto” de três fatores. A ordem dos fatores faz alguma diferença? Prove sua afirmação. Solução: Vamos “interpretar” o operadorD3−6D2+11D−6 como o polinômio x3−6x2+ 11x− 6. Claramente, x = 1 é raiz desse polinômio. Assim, x3− 6x2+11x− 6 = (x2−5x+6)(x−1). Fatorando a expressão x2−5x+6, encontramos (x−2)(x−3). Portanto, (x3 − 6x2 + 11x− 6) = (x− 1)(x− 2)(x− 3). Logo, D3−6D2+11D−6 = (D−1)(D−2)(D−3). Como provamos no exercício anterior, os operadores (D − a) e (D − b) são comutativos. c) Sim, operadores de coeficientes constantes são associativos. Consórcio CEDERJ - Fundação CECIERJ 2011/1
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